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307-08-背包
P2160 SHOI2007书柜的尺寸
题目描述
Tom不喜欢那种一字长龙式的大书架，他只想要一个小书柜来存放他的系列工具书。Tom打算把书柜放在桌子的后面，这样需要查书的时候就可以不用起身离开了。
显然，这种书柜不能太大，Tom希望它的体积越小越好。另外，出于他的审美要求，他只想要一个三层的书柜。为了物尽其用，Tom规定每层必须至少放一本书。现在的问题是，Tom怎么分配他的工具书，才能让木匠造出最小的书柜来呢？
Tom很快意识到这是一个数学问题。每本书都有自己的高度hi和厚度ti。我们需要求的是一个分配方案，也就是要求把所有的书分配在S1、S2和S3三个非空集合里面的一个，不重复也不遗漏，那么，很明显，书柜正面表面积（S）的计算公式就是：
$$ S = \Bigg(\sum_{j = 1}^3 \max_{i \in S_j}h_i\Bigg) \times \Big(\max_{j=1}^3 \sum_{i \in S_j}t_i\Big) $$
由于书柜的深度是固定的（显然，它应该等于那本最宽的书的长度），所以要求书柜的体积最小就是要求S最小。Tom离答案只有一步之遥了。不过很遗憾，Tom并不擅长于编程，于是他邀请你来帮助他解决这个问题。
输入输出格式
输入格式：
文件的第一行只有一个整数n（3≤n≤70），代表书本的本数。
接下来有n行，每行有两个整数hi和ti，代表每本书的高度和厚度，我们保证150≤hi≤300，5≤ti≤30。
输出格式：
只有一行，即输出最小的S。
输入输出样例
输入样例#1： 复制
4
220 29
195 20
200 9
180 30输出样例#1： 复制
18000题解
首先将书按照高度
`$ fik = \min
\begin {cases}
fi-1j-ti]k + (j ==ti) * hi \
fi-1k-t[i] + (k ==ti) * hi \
fi-1kl-ti] + (l ==ti) * hi
\end {cases}$`
但是我们可以发现这样空间复杂度会太高，所以为了解决这个问题，可以有以下做法：
- 最后一维可以同过维护前缀和：l = s[i]-j-k 来得到，可以省略一维
- 第一维i 可以用滚动数组滚掉
代码：
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll maxn = 2105;
struct node {
ll h, t;
friend bool operator < (const node &a, const node &b) {
return a.h > b.h;
}
} a[maxn];
ll n, s[maxn], f[maxn][maxn];
int main() {
cin >> n;
for (ll i = 1; i <= n; i ++)
cin >> a[i].h >> a[i].t;
sort(a + 1, a + n + 1);
for (ll i = 1; i <= n; i ++)
s[i] = s[i - 1] + a[i].t;
ll sum = s[n];
memset(f, 0x3f, sizeof(f));
f[0][0] = 0;
for (ll i = 1; i <= n; i ++) {
for (ll j = sum; j >= 0; j --) {
for (ll k = sum - j; k >= 0; k --) {
ll x1 = j - a[i].t;
ll x2 = k - a[i].t;
ll x3 = s[i] - j - k - a[i].t;
ll t1 = 1e9, t2 = 1e9, t3 = 1e9;
if (x1 >= 0) t1 = f[x1][k];
if (x1 == 0) t1 += a[i].h;
if (x2 >= 0) t2 = f[j][x2];
if (x2 == 0) t2 += a[i].h;
if (x3 >= 0) t3 = f[j][k];
if (x3 == 0) t3 += a[i].h;
f[j][k] = min(t1, min(t2, t3));
}
}
}
ll ans = 8e18;
// i，j，l至少为1
for (ll i = 1; i <= sum - 2; i ++) {
for (ll j = 1; i + j < sum; j ++) {
ans = min(ans, max(i, max(j, sum - i - j)) * f[i][j]);
}
}
cout << ans << endl;
return 0;
}P2967 USACO09DEC视频游戏的麻烦Video Game Troubles
题意翻译
农夫约翰的奶牛们打游戏上瘾了！本来约翰是想要按照调教兽的做法拿她们去电击戒瘾的，可后来他发现奶牛们玩游戏之后比原先产更多的奶。很明显，这是因为满足的牛会产更多的奶。
但是，奶牛们因何者为最好的游戏主机而吵得不可开交。约翰想要在给定的预算内购入一些游戏平台和一些游戏，使他的奶牛们生产最多的奶牛以养育最多的小牛。
约翰考察了 N 种游戏主机，第 i 种主机的价格是 $P_i$，该主机有 $G_i$ 个独占游戏。很明显，奶牛必须先买进一种游戏主机，才能买进在这种主机上运行的游戏。在每种主机中，游戏 j 的价格为 ，$GP_j$每头奶牛在玩了该游戏后的牛奶产量为 $PV_j$。
农夫约翰的预算为 V。请帮助他确定应该买什么游戏主机和游戏，使得他能够获得的产出值的和最大。
题解
定义：
h[i] ：总共花费i 元可以获得的最大产出
f[i] ：花费i 元且购买当前游戏机所获得的最大产出
背包问题方程：
则可以有以下过程：
每次循环：
- 将上一轮的h[i] 赋值给f[i]
- 对于f[i] 做背包问题
- 对于每一个h[i] ，比较f[i-p] 与h[i] ，之所以要i-p ：必须购买游戏机，游戏机要花p 元。即更新后的h[i] = \max\{h[i], ~f[i-p]\}
注：在整个过程中，要注意边界的问题。
代码：
#include <iostream>
using namespace std;
const int maxn = 1000005;
int n, v;
int f[maxn], h[maxn];
int main() {
cin >> n >> v;
while (n --> 0) {
int p, g; cin >> p >> g;
for (int i = v; i >= 0; i --) f[i] = h[i];
while (g --> 0) {
int gp, pv; cin >> gp >> pv;
for (int i = v; i >= gp; i --)
f[i] = max(f[i], f[i - gp] + pv);
}
for (int i = v; i >= p; i --)
h[i] = max(h[i], f[i - p]);
}
cout << h[v] << endl;
return 0;
}
本文作者：博主： gyrojeff 文章标题：Archived | 307-08-背包应用
本文地址：https://cloud.tencent.com/developer/article/1827222
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