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P2418「yyy loves OI IV」

作者头像
hotarugali
发布2022-03-01 16:05:58
3560
发布2022-03-01 16:05:58
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1. 题目

题目链接:P2418「yyy loves OI IV」

题目背景

某校 2015届有两位 OI 神牛,yyy 和 c01。

题目描述

全校除他们以外的 N 名学生,每人都会膜拜他们中的某一个人。现在老师要给他们分宿舍了。但是,问题来了:

同一间宿舍里的人要么膜拜同一位大牛,要么膜拜 yyy 和 c01 的人数的差的绝对值不超过 M。否则他们就会打起来。

为了方便,老师让 N 名学生站成一排,只有连续地站在一起的人才能分进同一个宿舍。

假设每间宿舍能容纳任意多的人,请问最少要安排几个宿舍?

输入格式

第一行,两个正整数 NM

2 \cdots N+1行,每行一个整数 12,第 i 行的数字表示从左往右数第i-1 个人膜拜的大牛。

1表示 yyy,2 表示c01。

输出格式

一行,一个整数,表示最少要安排几个宿舍。

输入输出样例

输入 #1
代码语言:javascript
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5 1
1
1
2
2
1
输出 #1
代码语言:javascript
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1

说明/提示

难度题,做好心理准备~

2. 题解

分析

从第一个同学开始,逐步往最后一个同学扫描;易知除了最后一个宿舍,其余宿舍:

  • 要么全部膜拜同一个大佬
  • 要么二者数量之差的绝对值等于M

dp[i] 表示处理完前 i个同学至少需要的宿舍数量,stu[i] 表示第 i个同学的膜拜的大佬(−1 代表1, 1 代表 2),sum[i] = \sum stu[i] 表示前 i个同学膜拜的大佬的代数数量和(即膜拜两位大佬的数量之差,这便是将 1 和 2 映射为 −1 和 1 的原因:方便处理),ump[u]表示对于当前输入,膜拜者二者数量相差绝对值为 u 时所需的最少宿舍数量(由于 u的取值范围较大,故选择 unordered_map 来实现存储记录)。

【注】可以设定ump[u]的原因在于,最优情况下,所有宿舍出现的情况是一样的,即膜拜数量最多的是同一位大佬(不然由于宿舍数量没有上限,则可以合并相邻膜拜者数量较大的一者不同的宿舍,仍然满足题意条件)。

  • 对于第一种情况:可以通过设定记录上一个不同记录值的位置来实现;即 \leq dp[last] + 1,其中 last 为与同学 i 膜拜的大佬相对的上一个同学的位置。即处理到当前同学,最多比上一个信仰不同的同学的宿舍数量多1(因为此时两者之间的同学膜拜的都是同一个大佬)。
  • 对于第二种情况: \leq ump[abs(sum[i]) - M] + 1,即至少小于等于比现在少 M 个数量差的情况下所需最少宿舍数量 +1。

因此,对于 u \leq 0而言,ump[u] = 0。因为 abs(sum[i]) - M \leq 0 说明此时膜拜二者的数量差还没有超过 M ,因此此时最多需要 1个宿舍,即 ump[abs(sum[i]) - M] = 0

综合二者,则可以列出状态转移方程:dp[i]=min(dp[last]+1,ump[abs(sum[i])−M]+1)。最终结果即为 dp[n]

代码

代码语言:javascript
复制
#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int MAXN = 1e6 + 5;

int stu[MAXN], sum[MAXN], dp[MAXN];

//终极快读
char buf[1<<22],*p1=buf,*p2=buf;
#define getchar() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<22,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++)

//快读
inline int read()
{
    int x=0,f=1;
    char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9')
	{
        if(ch=='-')
            f=-1;
        ch=getchar();
    }
    while(ch>='0'&&ch<='9')
	{
        x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48);
        ch=getchar();
    }
    return x*f;
}

void input(int n) {
    for(int i = 1; i <= n; ++i) {
        int a = read();
        stu[i] = 2*a - 3;
    }
} 

int myabs(int x) {
    return x < 0 ? -x : x;
}

void init(int n) {
    for(int i = 1; i <= n; ++i) {
        sum[i] = sum[i-1] + stu[i];
    }
}

unordered_map <int,int> ump;
void update(int u, int x) {
    if(u > 0) {
        if(ump.count(u) == 0) {
            ump[u] = x;
        } else {
            ump[u] = min(ump[u], x);
        }
    }
}

int query(int u) {
    if(ump.count(u) == 0) {
        if(u <= 0) {
            return 0; 
        } else {
            return MAXN;
        }
    }
    return ump[u]; 
}

int answer(int n, int m) {
    int last1 = 0, last2 = 0;
    for(int i = 1; i <= n; ++i) {
        if(stu[i] == 1) {
            dp[i] = dp[last2] + 1;
            last1 = i;
        } else {    
            dp[i] = dp[last1] + 1;
            last2 = i;
        }
        dp[i] = min(dp[i], query(myabs(sum[i])-m)+1);
        update(myabs(sum[i]), dp[i]);
    }
    return dp[n];
}

int main() 
{
    int n, m;
    scanf("%d%d", &n, &m);
    input(n);
    init(n);
    printf("%d\n", answer(n,m));
    return 0;
}
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原始发表:2020-08-07,如有侵权请联系 cloudcommunity@tencent.com 删除

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