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裴蜀定理简单应用「建议收藏」

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全栈程序员站长
发布2022-11-15 17:55:39
4720
发布2022-11-15 17:55:39
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文章被收录于专栏:全栈程序员必看

裴蜀定理

定理内容:

  • 设 a a a, b b b是不全为 0 0 0的整数,则存在整数 x x x, y y y使得 a ⋅ x a\cdot x a⋅x + + + b ⋅ y b\cdot y b⋅y = gcd ⁡ ( x , y ) \gcd(x,y) gcd(x,y)。
定理简单应用:
例题:
洛谷p4549

https://www.luogu.com.cn/problem/P4549

思路分析:
  • 给定一个序列,求一个 S S S满足 S = S = S= ∑ i = 1 n \sum\limits_{i=1}^n i=1∑n​ A i × X i A_i\times X_i Ai​×Xi​,而且要求满足这个条件的S的最小值,这时我们想到对于任意不为 0 0 0的整数都有 a ⋅ x a\cdot x a⋅x + + + b ⋅ y b\cdot y b⋅y = gcd ⁡ ( x , y ) \gcd(x,y) gcd(x,y)。
  • 那么对这个定理的另一个解读就是总有 x x x, y y y使得 a ⋅ x a\cdot x a⋅x + + + b ⋅ y b\cdot y b⋅y = d d d,且 gcd ⁡ ( x , y ) \gcd(x,y) gcd(x,y) | d d d
  • 因此我们想到这个定理是否可以推广成 n n n个数呢?答案是肯定的。
  • 所以此题即要我们求这一个序列的 gcd ⁡ \gcd gcd即可。
代码如下:
代码语言:javascript
复制
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int a[100];
int gcd(int a, int b)
{ 

if (b == 0)
return a;
else
return gcd(b, a % b);
}
int main()
{ 

int n;
cin >> n;
cin >> a[0];
int ans = a[0];
for (int i = 1; i < n; i++)
{ 

cin >> a[i];
ans = gcd(a[i], ans);
}
cout << abs(ans) << endl;
}

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Codeforces Round #290 (Div. 2) D. Fox And Jumping

https://www.luogu.com.cn/problem/CF510D

思路分析:
  • 要到达每一格,那么我们就要使选上的数满足 gcd ⁡ \gcd gcd = 1。
  • 在这里我们用到了dp,也就是说要选上的数的价格(使 gcd ⁡ \gcd gcd = tmp)和之前的满足( gcd ⁡ \gcd gcd = tmp)的价格取最少即可。然后我们需要对每个数进行配对(不止是两两配对),所以我们想到了用一个map来储存下标为当前最大公因子数,value为所花价值来操作。
  • 具体细节见代码注释
代码如下:
代码语言:javascript
复制
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
map<int, int> dp;
int l[301];
int c[301];
int gcd(int a, int b)
{ 

if (b == 0)
return a;
else
return gcd(b, a % b);
}
//求最大公因子
int main()
{ 

int n;
scanf("%d", &n);
dp.clear();
//容器清空
for (int i = 1; i <= n; i++)
{ 

scanf("%d", &l[i]);
}
//读入数
for (int i = 1; i <= n; i++)
{ 

scanf("%d", &c[i]);
}
//读入选择该数的费用
dp[0] = 0;
//初始化
for (int i = 1; i <= n; i++)
{ 

map<int, int>::iterator it = dp.begin();
//用迭代器
for (; it != dp.end(); it++)
{ 

int tmp = gcd(it->first, l[i]);
//tmp即为选上的这个数和map里已经选好的数进行gcd运算
if (dp.count(tmp))
{ 

dp[tmp] = min(dp[tmp], it->second + c[i]);
//就是说要取到gcd为tmp时的最小花费
}
else
dp[tmp] = it->second + c[i];
//之前数配对时没有出现过的gcd,因此直接储存
}
}
if (dp.count(1))
cout << dp[1] << endl;
//最后由裴蜀定理可知我们要的是gcd = 1 的最小花费
else
cout << -1 << endl;
//没有就代表无论怎么选gcd都不为1,那么总有格子跳不到
return 0;
}

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原始发表:2022年10月31日,如有侵权请联系 cloudcommunity@tencent.com 删除

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