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题目:
两个整数之间的指的是这两个数字对应二进制位不同的位置的数目。 给你两个整数
x
和 y
,计算并返回它们之间的汉明距离。
具体请看如下示例:
示例 1:
输入:x = 1, y = 4 输出:2 解释: 1 (0 0 0 1) 4 (0 1 0 0) ↑ ↑ 上面的箭头指出了对应二进制位不同的位置。
示例 2:
输入:x = 3, y = 1 输出:1
提示:
1 <= x,y <= 2^31 - 1
题目来源:LeetCode原题地址 题目难度:⭐⭐⭐
一看到这题的第一印象,这出题人想必是个爱历史之人,都把历史背景给套上了,好一个明汉之距离,我越发的感兴趣,这题我今天必刷,哦吼,点进去,竟然不是啥历史背景,不就是求两数二进制位的互补次数么,有点小失落,不过这道题倒是能做一下。
最近是掉二进制窝了么,连续做了好几天的二进制题,今天这题也与二进制紧紧相连,没办法,既然都点进来了,那就干脆给刷了吧。如下是我对这道题的一个解题思路。至于最暴力的方法我就不给大家普及了,就是将该二进制转成对于的String,Integer.toBinaryString()方法即可,然后分别对s1、s2进行同位判断,相异则count+1,最后返回count即可。我在代码AC处遍历对比法处出贴了该思路的代码,仅供参考,写法不是很优雅。
思路1-内置位计数法
这种思路还是我看了官解才知道的,java竟然有提供这么个方法,在java.lang包中Integer类中有bitCount()方法,该方法作用就是以整数值的二进制补码表示形式返回one-bits的数量计数。这不就是完全符合该题么?它要的二进制位相异的就计数,哈哈哈,只能说太绝了。
思路2-位运算法
传统做法,肯定就是依次对二进制位对比了。首先将x、y进行异或(^)操作,结果res中0的位表示x、y的这个二进制位置是相同的,1是位表示x、y的这个二进制位置不同。因此 计算 res 中为1的个数即可, 就将res每个位置与1 进行与(&)操作,记录个数即可。
AC代码-内置位计数法
具体算法代码实现如下:
class Solution1 {
public int hammingDistance(int x, int {
return
AC代码-位运算法
具体算法代码实现如下:
class Solution2 {
public int hammingDistance(int x, int {
int s = x ^ y, ret = 0;
while (s != 0) {
ret += s & 1;
s >>= 1;
}
return
AC代码-遍历对比法
具体算法代码实现如下:
class Solution3 {
public int hammingDistance(int x, int {
int ans = 0;
String s1 = Integer.toBinaryString(x);
String s2 = Integer.toBinaryString(y);
//补0
if (s1.length() < s2.length()) {
int l = s2.length() - s1.length();
for (int i = 0; i < l; i++) {
s1 = '0' + s1;
}
}
if (s1.length() > s2.length()) {
int l = s1.length() - s2.length();
for (int i = 0; i <l; i++) {
s2 = '0' + s2;
}
}
for (int i = 0; i < s1.length(); i++) {
if (s1.charAt(i) != s2.charAt(i)) {
ans++;
}
}
return
内置位计数法-leetcode提交运行结果截图如下:
复杂度分析:
内置位计数法-leetcode提交运行结果截图如下:
复杂度分析:
总而言之,对于这题,无非就是考察我们的位运算基础,核心就是对于 x^y,因为它可以对比获取
不同位置的结果,因为对于 位运算^
,当两对应的二进位相异时,结果为1,这也就是符合题意的统计结果,最后只需要将二进制进行异或(^)运算,其x^y = 1,次数+1,最后返回count即成功破题。
再者,解题道路千万条,欢迎小伙伴们脑洞大开,如果你们有啥更好的想法或者思路,欢迎评论区告诉我哦,大家一起互相借鉴互相学习,方能成长的更快。
好啦,以上就是本期的所有内容啦,咱们下期见咯。