今日题目链接:数组中只出现一次的两个数字
难度:中等
一个整型数组里除了两个数字只出现一次,其他的数字都出现了两次。请写程序找出这两个只出现一次的数字。
数组长度 2≤n≤1000,数组中每个数的大小 0<val≤1000000
空间复杂度 O(1),时间复杂度 O(logn)
这道题目相对比较难,一般情况下,我们首先可以想到的是顺序扫描数组,但其时间复杂度为O(n^2)。进一步也可以想到用哈希表保存每一个数次出现的次数,但是这使用了辅助空间,空间复杂度为O(n)。显然均不满足题目要求。
我们先来看一个比较简单的情况,如果数组中只有一个数字出现一次,其他都出现两次。那么我们应该可以想到异或运算。异或运算有一个比较好的性质是:相同为0,相异为1。也就是说, 任何一个数字异或它自己都等于0,而0异或任何数都等于那个数。 因此,我们从头到尾依次异或数组中的每个数字,那么最终结果刚好是那个只出现一次的数字,重复的数字在异或过程中被抵消了。
这是一种比较巧妙的思路,然而,本题只出现一次的数字有两个,简单的异或无法解决。但是,借助这种思路,我们可以进一步分析,如果我们能把数组分成两个子数组,使每个子数组包含一个只出现一次的数字,而其他数字成对出现,那么我们通过上述解法就可以找到两个元素。
具体思路是:我们首先仍然从前向后依次异或数组中的数字,那么得到的结果是两个只出现一次的数字的异或结果,其他成对出现的数字被抵消了。由于这两个数字不同,所以异或结果肯定不为0,也就是这个异或结果一定至少有一位是1,我们在结果中找到第一个为1的位的位置,记为第n位。接下来, 以第n位是不是1为标准,将数组分为两个子数组, 第一个数组中第n位都是1,第二个数组中第n位都是0。这样,便实现了我们的目标。最后,两个子数组分别异或则可以找到只出现一次的数字。
以{2,4,3,6,3,2,5,5}为例:
我们依次对数组中的每个数字做异或运行之后,得到的结果用二进制表示是0010。异或得到结果中的倒数第二位是1,于是我们根据数字的倒数第二位是不是1分为两个子数组。第一个子数组{2,3,6,3,2}中所有数字的倒数第二位都是1,而第二个子数组{4,5,5}中所有数字的倒数第二位都是0。接下来只要分别两个子数组求异或,就能找到第一个子数组中只出现一次的数字是6,而第二个子数组中只出现一次的数字是4。
public class Solution {
public int[] FindNumsAppearOnce(int [] array,int num1[] , int num2[]) {
/*
思路:数组中的元素先依次异或,相同为0,则得到的是两个只出现一次的数的异或结果
(因为其他数都是成对出现,所以在异或过程中抵消了)对于得到的异或结果,找到其第
一个为1的位,找到后就可以根据这个位,将两个不同的数分到两个不同的数组,这就找到了。
该位为1,说明两个只出现一次的数该位不同,所以按照该位是0还是1将数组分成两部分
这样,而两个只出现一次的数正好被分开,再各自异或可得结果。
*/
int result=0;
if(array==null||array.length<2)
return result;
for(int num:array) //数组中的元素先依次异或,相同为0,则得到的是两个只出现一次的数的异或结果
result ^= num; //因为数组中其他的数都是成对出现,在异或过程中抵消了,而相同的数异或为0,0跟其他数异或为其他数
//找到两个不相同的数的异或结果result中第一个为1的位,即找到index的位置,因为在这个位置两个数不同【因为“相同为0,相异为1”,而该位为1,说明两个只出现一次的数该位不同,所以按照该位是0还是1将数组分成两部分】
int index=0;
for(;index<32;index++){
if(((result>>index) & 1)==1) //一开始右移0位,然后右移1位,一位一位的找
break;
}
//num1,num2分别为长度为1的数组。分别用来保存两个不同的数,作为返回结果。
//将num1[0],num2[0]设置为返回结果
int[] res = new int[2];
/*按照该位是0还是1将数组分成两部分,分别异或,由于两个出现一次的数在index位上不一样,则可以根据该位将
这两个不同的数放在两个不同的数组上,而由于除这两个数之外的数都是成对出现,在异或过程中被抵消了,所以
不用管其他的数。
*/
for(int num:array){
if(((num>>index)&1)==1)
res[0] ^= num;
else
res[1] ^= num;
}
return res;
}
}