【Leetcode】string类刷题

用户11029103

发布于 2024-04-20 09:04:39

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发布于 2024-04-20 09:04:39

文章被收录于专栏：技术学习

1.仅反转字母

题目链接：917.仅仅反转字母 题目描述：

首先，这道题仅仅需要翻转字母，我们先写一个函数来判断是否为字母

bool Isletter(char ch)
	{
		if (ch >= 'a' && ch <= 'z' || ch>='A' && ch <= 'Z')
			return true;
		else
			return false;
	}

接着，创建两个索引，begin和end，一个从前往后找，找到一个字母停止，另一个从后面找，找到字母停止，然后进行交换，保证begin<end，比较简单，代码如下：

class Solution {
public:
	bool Isletter(char ch)
	{
		if (ch >= 'a' && ch <= 'z' || ch>='A' && ch <= 'Z')
			return true;
		else
			return false;
	}
	string reverseOnlyLetters(string s)
	{
		size_t begin1 = 0;
		size_t  end1 = s.size() - 1;
		while (begin1 < end1)
		{
			while (begin1 < end1 && !Isletter(s[begin1]))
			{
				begin1++;
			}
			while (begin1 < end1 && !Isletter(s[end1]))
			{
				end1--;
			}
			swap(s[begin1],s[end1]);
			begin1++;
			end1--;
		}
		return s;
	}
};

这里我们直接用了算法库中的swap函数，进行字符的交换

2.字符串中第一个唯一字符

题目链接：387.字符串中第一个唯一字符 题目描述：

这道题主要目的就是找第一个唯一出现的字符，我们的思路就是类似于计数排序，构建一个存储字符出现次数的数组，最后按照新数组寻找出现一次的那个字符

class Solution {
public:
    int firstUniqChar(string s) 
    {
        int arr[256]={0};
        for(int i=0;i<s.size();i++)
        {
            arr[s[i]]+=1;
        }
        for(int i=0;i<s.size();i++)
        {
            if(arr[s[i]]==1)
            return i;
        }
        return -1;

    }
};

解法简单，希望能够理解

3.验证回文串

题目链接：125.验证回文串 题目描述：

题目描述，去掉非字母和非数字后的字符串，回文，则构成回文，我们的思路是先判断是否为字母字符或者数字字符：

 bool isLetterOrDigit(char ch) {
        return (ch >= 'a' && ch <= 'z') || (ch >= 'A' && ch <= 'Z') || (ch >= '0' && ch <= '9');
    }

接着我们设置两个索引，left，right来从左往右一次寻找字母，左边找到字符则停止，右边找到字符则停止，然后通过字符函数tolower使他们均变为小写字母进行比较

如果有一组不匹配，则返回false 代码如下：

class Solution {
public:
    bool isLetterOrDigit(char ch) {
        return (ch >= 'a' && ch <= 'z') || (ch >= 'A' && ch <= 'Z') || (ch >= '0' && ch <= '9');
    }
    bool isPalindrome(string s) {
        int left = 0;
        int right = s.size() - 1;
        while (left < right) {
            while (left < right && !isLetterOrDigit(s[left])) {
                left++;
            }
            while (left < right && !isLetterOrDigit(s[right])) {
                right--;
            }
            if (tolower(s[left]) != tolower(s[right])) {
                return false;
            }
            left++;
            right--;
        }
        return true;
    }
};

4.字符串相加

题目链接：415.字符串相加 题目描述：

本题核心思想就是处理进位问题，从尾部依次相加，结果保留个位数与进位数（0或1），这个进位数进行下一次运算，保留的个位数以新的字符头插在字符串中

class Solution {
public:
    string addStrings(string num1, string num2) {
        string result;
        int end1=num1.size()-1,end2=num2.size()-1;
        int next=0;
        while(end1>=0||end2>=0)
        {
            int val1=end1>=0?num1[end1--]-'0':0;
            int val2=end2>=0?num2[end2--]-'0':0;
            int ret=val1+val2+next;
            next=ret/10;
            ret=ret%10;
            result.insert(0,1,ret+'0');

        }
        if(next==1)
        {
            result.insert(0,1,'1');
        }
        return result;
     
    }
};

函数逻辑

定义一个空字符串 result，它最终将存储相加后的结果
定义两个整型变量 end1 和 end2，分别表示 num1 和 num2 字符串的末位索引
定义变量 next，表示在每一步相加中可能产生的进位
使用一个 while 循环，条件是 end1 或 end2 中有一个或两个大于或等于0。这表示至少还有一个数字字符串有未处理的数字
在循环内部，分别计算 val1 和 val2，它们代表当前要相加的两个字符对应的数字值。如果索引小于0，则表示该数字字符串没有更多的位数可以处理，因此对应的值为0
计算 ret，它是 val1、val2 和前一步的进位 next 之和
更新 next 为 ret 除以10，因为手写加法中，超过10的部分产生进位
更新 ret 为 ret 对10取余，因为余数是当前位上的数字
将 ret 转换为对应的字符，然后将该字符插入 result 字符串的最前面
重复步骤5-9，直到处理完 num1 和 num2 的所有位数
循环结束后，检查是否还有未添加的进位 next。如果 next 为1，将字符 ‘1’ 插入 result 字符串的最前面（这一部分可以查阅函数库来了解insert的多种实现形式）
返回结果字符串 result

优化： 因为不断的头插，数据会挪动，使函数的时间复杂度来到了O(N2)

优化思路：

尾插，再进行反转

class Solution {
public:
    string addStrings(string num1, string num2) {
        string result;
        int end1=num1.size()-1,end2=num2.size()-1;
        int next=0;
        while(end1>=0||end2>=0)
        {
            int val1=end1>=0?num1[end1--]-'0':0;
            int val2=end2>=0?num2[end2--]-'0':0;
            int ret=val1+val2+next;
            next=ret/10;
            ret=ret%10;
            result+=ret+'0';

        }
        if(next==1)
        {
            result+='1';
        }
        reverse(result.begin(), result.end());
        return result;
     
    }
};

5.反转字符串I I

题目链接：541.反转字符串I I 题目描述：

这段代码意在实现根据指定的整数 k 来部分反转字符串 s 的功能。但是，代码中有几个问题需要解决才能正确实现这一功能。

首先，让我们明确正确的逻辑：

遍历字符串，步长为 2k 字符。
在每个步长内：
- 如果剩余字符少于 k 个，则反转这些字符。
- 如果剩余字符小于 2k 但至少有 k 个，则只反转前 k 个字符
- 如果有足够的字符，则反转前 k 个字符，保持其余字符不变

class Solution {
public:
    string reverseStr(string s, int k) {
        int size = s.size();
        for (int start = 0; start < size; start += 2 * k) {
            // 如果剩余字符少于 k 个，则反转剩余的所有字符
            if (start + k > size) {
                reverse(s.begin() + start, s.end());
            } else {
                // 反转从 start 开始的 k 个字符
                reverse(s.begin() + start, s.begin() + start + k);
                // 其余字符保持原样，根据题目要求这部分不需要任何操作
            }
        }
        return s;
    }
};

使用一个 for 循环，步长为 2 * k，遍历字符串 s，每次移动2k步，检查并反转前k个字符
在循环中检查剩余字符的数目，根据这个数目适当地反转字符串的一部分
使用 reverse 方法来反转从 start 开始的字符。注意，reverse 方法的第二个参数是我们想要反转区间的结束位置的下一个迭代器。如果剩余字符少于 k 个，则 reverse 的参数是 s.end()，这样可以反转从 start 开始的所有剩余字符
如果 start + k 小于或等于 size，则只反转前 k 个字符，而其余字符保持原样

6.反转字符串中的单词III

题目链接：557.反转字符串中的单词III 题目描述：

这道题主要思路就是找到每个空格位置对单词进行分割，逐个翻转

class Solution {
public:
    string reverseWords(string s) {
        int size = s.size();
        size_t pos = s.find(' ');
        int start = 0;
        while (pos != string::npos) {
            reverse(s.begin() + start, s.begin() + pos); 
            start = pos + 1;
            pos = s.find(' ', start);
        }
        reverse(s.begin() + start, s.end()); 
        return s; 
    }
};

注意，reverse接收的参数应该是迭代器，我们应该使用 s.begin() 加上相应的索引来获取正确的迭代器位置，每次找到一个空格就更新索引往后寻找，直到找到最后一个单词结束，结束后，再对最后一个单词进行反转

7.字符串相乘

题目链接：43.字符串相乘 题目描述：

思路一：

这道题与我们的字符串相加类似，我们需要做的就是用num2的每一位与num1相乘，每得到两个结果就进行字符串相加

class Solution {
public:
     string multiply(string num1, string num2) 
     {
        if (num1 == "0" || num2 == "0") return "0"; 

        string result(num1.size() + num2.size(), '0');
        for (int i = num1.size() - 1; i >= 0; i--) {
            for (int j = num2.size() - 1; j >= 0; j--) {
                int mul = (num1[i] - '0') * (num2[j] - '0');
                int sum = (result[i + j + 1] - '0') + mul;
                result[i + j + 1] = (sum % 10) + '0';
                result[i + j] += sum / 10;
            }
        }
        size_t startpos = result.find_first_not_of("0");
        if (startpos != string::npos) {
            return result.substr(startpos);
        }

        return "0";
    }
};

这段代码理解起来十分简单，详细讲解：

此代码模拟了我们在纸上作乘法运算时的过程：

处理特殊情况 如果 num1 或 num2 中任意一个是 “0”，那么乘积为 “0”

if (num1 == "0" || num2 == "0") return "0";

初始化结果字符串 初始化结果字符串 result，长度为 num1.size() 加上 num2.size()，所以 result 的长度足以存储乘法得到的所有可能数字，包括合并进位。所有字符先被设置为 '0'

string result(num1.size() + num2.size(), '0');

嵌套循环 外层循环以 num1.size() - 1 开始，即 num1 字符串的最后一个字符，向前遍历整个字符串。内层循环以 num2.size() - 1 开始，即 num2 字符串的最后一个字符，向前遍历整个字符串。循环索引 i 和 j 分别对应 num1 和 num2 的每个数位

for (int i = num1.size() - 1; i >= 0; i--) {
    for (int j = num2.size() - 1; j >= 0; j--) {
        // ...
    }
}

计算乘积 对于每对数位(num1[i], num2[j])，计算它们值的乘积，另外再把结果 result 相应位置上的值加上去（需要先把result[i+j+1]字符转化为整数）。需要注意的是，计算中还会加上之前的进位

int mul = (num1[i] - '0') * (num2[j] - '0');
int sum = (result[i + j + 1] - '0') + mul;

处理结果和进位 当前乘积mul与结果result当前位置上的数相加后，可能会大于等于10，即产生进位。将当前位的结果模上10得到最终结果，并把商加到下一位上

result[i + j + 1] = (sum % 10) + '0';
result[i + j] += sum / 10;

移除前导零 由于乘积可能比 num1.size() + num2.size() 这么长要短，所以会在 result 最前面出现一些 ‘0’。我们需要找到第一个不是 ‘0’ 的字符的位置，并从那里开始返回子字符串

size_t startpos = result.find_first_not_of("0");
if (startpos != string::npos) {
    return result.substr(startpos);
}

如果整个字符串都是 ‘0’，说明两个数的乘积是 0，直接返回 “0”。

返回结果 如果 result 中有非 ‘0’ 的字符，就从第一个非零字符开始返回剩余的子字符串，否则直接返回 “0”。

8.把字符串转换为整数

题目链接：LCR 192.把字符串转换为整数(atoi) 题目描述：

首先，我们写两个函数来对空字符和正负号进行处理：

int i = 0;
int sign = 1;
int result = 0;
while (i < str.length() && str[i] == ' ') { 
      i++;
 }
 if (i < str.length() && (str[i] == '+' || str[i] == '-')) {
     sign = (str[i] == '+') ? 1 : -1;
     i++;
 }

接着处理数字部分，如果超过32 位有符号整数范围，则进行截断：

class Solution {
public:
    int myAtoi(string str) {
        int i = 0;
        int sign = 1;
        int result = 0;
        while (i < str.size() && str[i] == ' ') { 
            i++;
        }
        if (i < str.size() && (str[i] == '+' || str[i] == '-')) {
            sign = (str[i] == '+') ? 1 : -1;
            i++;
        }
        while (i < str.size() && isdigit(str[i])) { 
            int digit = str[i] - '0';
            if (result > INT_MAX / 10 || (result == INT_MAX / 10 && digit > INT_MAX % 10)) {
                return sign == 1 ? INT_MAX : INT_MIN;
            }
            result = 10 * result + digit;
            i++;
        }
        return result * sign;
    }
};

 if (result > INT_MAX / 10 || (result == INT_MAX / 10 && digit > INT_MAX % 10)) {
                return sign == 1 ? INT_MAX : INT_MIN;
            }

这部分代码的目的是检查在将下一个数字添加到已解析的结果 result 之前，是否会导致整数溢出。溢出指的是整数的值超出了它能表示的最大范围。在C++中，对于32位 int 类型，能够表示的最大整数值定义在 <climits> 头文件中，称为 INT_MAX，通常为 2^31 - 1（即2147483647），最小整数值为 INT_MIN，通常为 -2^31（即-2147483648）为了避免result在由字符串转换为整数时溢出，代码使用了下列条件检查：

result > INT_MAX / 10 这个检查确保将当前的 result 乘以 10（也就是添加新的数字之前）不会超过最大整数值 INT_MAX。如果 result 已经大于 INT_MAX 除以 10，那么在下一步乘以 10 时一定会发生溢出。
(result == INT_MAX / 10 && digit > INT_MAX % 10) 如果 result 已经达到了 INT_MAX 除以 10 的值，那么我们可以检查下一个要添加的数字（digit）是否会导致溢出。因为我们知道 result 乘以 10 刚好达到但不超过 INT_MAX，所以我们只需要保证添加的数字小于或等于 INT_MAX 最后一个数位的数字的值，即 INT_MAX % 10。如果 digit 大于这个值，那么加上 digit 之后会超出 INT_MAX，发生溢出