AJAX -未定义的PHP变量
我遇到了以下问题，下面的脚本发送一个关键字到另一个域中的PHP文件(我已经添加了CROS头文件)，这个PHP返回一些"echos of different variables" (标题，缩略图，url等)。它可以工作，但会随机返回"Undefined variables"。
第一件事是在PHP中添加一个if (isset ())到我的变量中，错误不再出现，但我的搜索返回的结果要小得多(添加它之前平均有10到20个结果，现在我得到5个结果)。
这会是我的脚本有问题吗？
我的form.php
<form method="POST" action="" id="form-busqueda">
<input type="text" name="keyword">
<button id="search" name="search">Search</search>
<div id="results"></div>
<script>
jQuery(function($){
var pluginUrl = '<?php echo plugin_dir_url( __FILE__ ); ?>' ;
$('[id^="form-busqueda"]').on('submit', function(e) {
e.preventDefault();
$.ajax({
type : 'POST',
url : 'http://localhost/ladoserver/script.php',
data : $(this).serialize(),
beforeSend: function(){
$('#results').html('<img src="'+pluginUrl+'../../assets/img/loading.gif" />');
}
}).done(function(data) {
$('#results').html(data);
});
});
});
</script>
</form>My script.php (dlPage是一个创建cURL连接的函数)：
<?php
if (isset($_POST['keyword'])) {
$search = $_POST['keyword'];
$html = dlPage("http://example.com/" . $search);
//where I search and get with simple_html_dom example:
$video = $videos->find('div.example2>a', 0);
$title = $video->innertext;
$url = $video->attr['href'];
$id = $video->attr['id'];
$thumbnail = $video->find('div.thumb', 0)->innertext;
echo $title;
echo $url;
echo $id;
echo $thumbnail[0];
}
?>我已经更新了我的代码，我没有把所有的代码放进去，因为我认为它不相关，我的script.php在纯PHP下工作得很好。当我使用AJAX时，问题就出现了。
我得到以下错误：
通知:未定义的变量: C:\xampp\htdocs\webs\ladoserver\script.php中第13行的标题
注意:未定义的变量:第13行的C:\xampp\htdocs\webs\ladoserver\script.php中的标题
注意:未定义的变量:第14行上的C:\xampp\htdocs\webs\ladoserver\script.php中的url
回答 2
Stack Overflow用户
发布于 2017-06-16 02:57:23
未定义的变量来自PHP文件(/ladoserver/script.php)。
是什么生成了返回的变量？最常见的“原因”是只在可能无法执行的代码块中设置变量(例如，在if块中，或者在迭代0次的循环中)。
您可以通过在脚本的顶部定义每个变量来避免错误(假设您可以接受空值)。
<?php
$title = "";
$thumbnail = "";
$url = "";
$id = "";
?>编辑：@snip1377提醒我，你也可以在输出之前只在脚本末尾使用isset。
下面是$thumbnail变量的一些示例代码，您可以将其应用于返回的所有变量
<?php
if (isset($thumbnail))
{
echo $thumbnail;
}
else
{
echo "";
}
?>或者，您也可以使用ternary operator
<?php
echo (isset($thumbnail)) ? $thumbnail : '';
?>再次编辑：为了说明如何在脚本中不定义变量，这里有一个可能导致未定义错误的示例：
<?php
if ($_POST['value'] == 1)
{
// This will never be reached unless $_POST['value'] is exactly 1
$return_val = 1;
}
echo $return_val;
?>如果$_POST‘’value‘不是1，这将给出未定义的警告。
类似地，如果$_POST‘’value‘在下面的代码中是0，那么它也会有未定义的警告：
<?php
for ($i=0; $i<$_POST['value']; $i++)
{
// This will never be reached if $_POST['value'] is less than 1
$return_val = $i;
}
echo $return_val;
?>在上面的示例中，您只需在脚本的顶部定义$return_val，就不会再收到该错误。
Stack Overflow用户
发布于 2017-06-16 02:59:52
您将此数据作为post发送，method.you应使用$_post['name']回显这些数据，但您只需回显$name
在script.php中使用此命令：
<?php
echo $_POST['title'];
echo $_POST['thumbnail'];
echo $_POST['url'];
?>https://stackoverflow.com/questions/44574904
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