PHP没有在类上调用构造函数吗？
PHP没有在类上调用构造函数吗？
提问于 2018-05-31 08:45:45
我有一个大约一年前参与的项目。我在其中编写了各种代码，当时我刚刚开始学习依赖注入。
长话短说，我忘记了如何将参数传递给构造函数。我试过了，尽管它似乎什么也做不了。我试着查看Dice的现有代码，但我不能解决它。
<?php declare(strict_types = 1);
$dice = new \Dice\Dice;
$configRule = [
"constructParams" => ["config_directory_here"],
];
$dice->addRule("App\Providers\Configuration", $configRule);所讨论的类
<?php declare(strict_types = 1);
namespace App\Providers;
class Configuration {
private $config;
public function __construct($configDirectory) {
exit($configDirectory);
$this->config = array();
$this->loadConfig($configDirectory);
}
}正如您所看到的，在构造函数中，我具有以下内容：
exit($configDirectory);我没有得到任何东西，它只是继续代码并打印Twig模板，即使没有通过，它至少应该打印一个空字符串吗？
我不确定这是我的骰子代码的问题还是我的PHP本身的问题。我有PS4自动加载，所以应该包括Configuration类。
"autoload": {
"psr-4": {
"App\\": "src"
}
}有人能帮我吗？谢谢!当添加下面的代码时，它按预期工作，但我需要使用依赖注入容器来加载类。
$config = new \App\Providers\Config("test");
回答 2
Stack Overflow用户
发布于 2018-08-18 21:01:55
完全公开:我是Dice的作者。
这不起作用的原因是Dice从不过早地创建对象。在您向容器请求实例之前，不会创建Configuration对象：
$configuration = $dice->create("App\Providers\Configuration");Stack Overflow用户
发布于 2018-05-31 08:59:17
构造器应该创建一个对象，除了它试图创建的对象之外，不能返回任何东西。除了将构造函数参数分配给对象属性之外，您永远不应该创建执行任何工作的构造函数。
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原文链接：
https://stackoverflow.com/questions/50615164
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