Jquery将单个变量发布到PHP
Jquery将单个变量发布到PHP
提问于 2013-02-28 00:32:26
我有“创建用户”表单，它必须检查用户名是否已经存在。为此，我在启动此脚本的按钮上创建了onclick函数：
$.ajax({
type: \"POST\",
dataType: \"json\",
url: \"test.php\",
data: $('input[name=Username]').val(),
contentType: \"application/json; charset=utf-8\",
success: function(data){
alert('Items added');
},
error: function(e){
console.log(e.message);
}
});然而，什么也没有发生，即使是没有说明成功的警报！请告诉我如何发布单个变量以及如何从PHP页面获得检查用户名是否存在的结果。
回答 3
Stack Overflow用户
发布于 2013-02-28 00:34:29
data密钥需要一个value，它是一个对象，如下所示：
data: {username: $('input[name=Username]').val())},这样，将创建POST值username。
Stack Overflow用户
发布于 2013-02-28 00:35:27
- 不要逃脱JS的随机比特。如果您使用标准的表单mime类型格式化，而不是只发送单个原始字符串，那么去掉
\s - It将更容易处理提交的数据。
data: { keyName: $('input[name=Username]').val() } - You不会发送JSON文本。摆脱
contentType: etc etc。(保留它可能会导致PHP“这不是表单数据，我不能用它填充$_POST”)。让jQuery确定它发送的内容类型。
然后你可以在你的PHP中访问$_POST['keyName']。
Stack Overflow用户
发布于 2013-02-28 00:35:03
您需要将变量赋给可以在$_POST调用中引用的项：
$.ajax({
type: "POST",
url: "test.php",
data: {user:$('input[name=Username]').val()},
success: function(data){
alert('Items added');
},
error: function(e){
console.log(e.message);
}
});然后在test.php中，只需检索$_POST['user']即可。
编辑-我删除了contentType (感谢火箭)。我还删除了dataType，因为如果在test.php上正确设置了头文件，就不需要这样做了
header('Content-type: application/json');页面原文内容由Stack Overflow提供。腾讯云小微IT领域专用引擎提供翻译支持
原文链接：
https://stackoverflow.com/questions/15117267
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