问错误消息“严格标准:只应通过引用传递变量”

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$instance->find()返回对变量的引用。

当您尝试将此引用用作函数的参数时，您会得到报告，而不是先将其存储在变量中。

这有助于防止内存泄漏，并可能在下一个PHP版本中成为一个错误。

如果第二个代码块写成这样(注意函数签名中的& )，那么它将抛出一个错误：

function &get_arr(){
    return array(1, 2);
}
$el = array_shift(get_arr());

因此，一个快速(但不是很好)的解决方案是：

$el = array_shift($tmp = $instance->find(..));

基本上，您首先对临时变量进行赋值，然后将该变量作为参数发送。

错误的原因是使用了内部PHP编程数据结构函数array_shift() php.net/end。

该函数以数组作为参数。尽管手册中的array_shift()原型中指出了一个与号，但该函数的扩展定义中没有任何警示文档，也没有任何明显的解释说明该参数实际上是通过引用传递的。

也许这就是/理解/。然而，我不理解，所以我很难检测出错误的原因。

重现代码：

function get_arr()
{
    return array(1, 2);
}
$array = get_arr();
$el = array_shift($array);

第二个代码片段也不起作用，这就是原因。

array_shift是一个修饰符函数，它改变了它的参数。因此，它希望它的参数是一个引用，而你不能引用不是变量的东西。请参阅Rasmus的解释：Strict standards: Only variables should be passed by reference