根据入参判断返回类型
根据入参判断返回类型
提问于 2012-06-18 17:44:28
我正在尝试实现一个通用的配置文件解析器，我想知道如何在我的类中编写一个方法，该方法能够根据输入参数的类型来确定它的返回类型。我的意思是：
class Config
{
...
template <typename T>
T GetData (const std::string &key, const T &defaultValue) const;
...
}为了调用上面的方法，我必须使用如下代码：
some_type data = Config::GetData<some_type>("some_key", defaultValue);怎样才能摆脱冗余的规范？我看到boost::property_tree::ptree::get()能够做到这一点，但是实现相当复杂，我无法破译这个复杂的声明：
template<class Type, class Translator>
typename boost::enable_if<detail::is_translator<Translator>, Type>::type
get(const path_type &path, Translator tr) const;如果可能，我希望这样做，而不是在将使用我的Config类的代码中创建对boost的依赖。
PS:当涉及到C++模板时，我是一个n00b：
回答 1
Stack Overflow用户
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发布于 2012-06-18 17:46:27
您所显示的代码中的enable_if做了一些不相关的事情。在你的例子中，你可以删除显式的模板规范，编译器会从参数中推断出来：
some_type data = Config::GetData("some_key", defaultValue);更好的是，在C++11中，你甚至不需要在声明时指定变量类型，它也可以被推断出来：
auto data = Config::GetData("some_key", defaultValue);…但请注意，C++只能从参数推断模板参数，而不能从返回类型推断。也就是说，以下内容不起作用：
class Config {
…
template <typename T>
static T GetData(const std::string &key) const;
…
}some_type data = Config::GetData("some_key");在这里，您需要显式地使用模板参数，或者使用返回代理类而不是实际对象的技巧，并定义一个隐式转换操作符。乱七八糟的，而且大多数时候都是不必要的。
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原文链接：
https://stackoverflow.com/questions/11080343
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