使用环境变量启动过程
使用环境变量启动过程
提问于 2016-08-26 12:46:54
我想用下面的路径启动一个进程。
ProgramFiles(X86)\Philips语音\设备控制中心PDCC.exe
当我将其输入控制台时，进程将按预期的方式启动，但当我尝试用代码进行操作时，会得到以下异常：
系统找不到指定的文件。
到目前为止，这是我的代码：
var startInfo = new ProcessStartInfo("%ProgramFiles(x86)%\Philips Speech\Device Control Center PDCC.exe");
Debug.Assert(startInfo.EnvironmentVariables.ContainsKey("ProgramFiles(x86)")) //Is true
new Process(startInfo).Start(); //<- exception occures here有没有人知道我是否可以通过给ProcessStartInfo类环境变量来直接完成这个任务，或者我必须在这样做之前解析它呢？
回答 4
Stack Overflow用户
回答已采纳
发布于 2016-08-26 12:51:49
string path = Environment.ExpanEnvironmentVariables("%ProgramFiles(x86)%\Philips Speech\Device Control Center PDCC.exe");
var startInfo = new ProcessStartInfo(path);
new Process(startInfo).Start(); 通过这种方式，您可以使用变量(例如"%ProgramFiles(x86)%)，而不依赖于C:\或其他文件夹中的文件夹。
Stack Overflow用户
发布于 2016-08-26 12:52:39
Stack Overflow用户
发布于 2016-08-26 12:51:27
构造函数只是将fileName属性设置为您传递的内容，所以是的，您需要首先解析环境变量。
来自ProcessStartInfo的源代码
public ProcessStartInfo(string fileName) {
this.fileName = fileName;
}页面原文内容由Stack Overflow提供。腾讯云小微IT领域专用引擎提供翻译支持
原文链接：
https://stackoverflow.com/questions/39166722
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