我不明白为什么这段代码会产生TypeScript错误。(这不是原始代码,有点派生出来的,所以请忽略示例中的无意义):
interface Images {
[key:string]: string;
}
function getMainImageUrl(images: Images): string {
return images.main;
}
我遇到错误(使用TypeScript 1.7.5):
错误TS2339:类型“”Images“”上不存在属性“”main“”。“
当然,我可以在编写代码时消除这个错误:
return images["main"];
我不喜欢使用字符串来访问这个属性。我能做什么?
发布于 2016-07-12 17:50:47
如果您希望能够访问images.main
,则必须对其进行显式定义:
interface Images {
main: string;
[key:string]: string;
}
function getMainImageUrl(images: Images): string {
return images.main;
}
不能使用点表示法访问索引属性,因为typescript无法知道对象是否具有该属性。
然而,当你专门定义一个属性时,编译器就知道它存在(或不存在),无论它是可选的还是非可选的,以及它的类型是什么。
编辑
您可以为地图实例创建一个帮助器类,如下所示:
class Map<T> {
private items: { [key: string]: T };
public constructor() {
this.items = Object.create(null);
}
public set(key: string, value: T): void {
this.items[key] = value;
}
public get(key: string): T {
return this.items[key];
}
public remove(key: string): T {
let value = this.get(key);
delete this.items[key];
return value;
}
}
function getMainImageUrl(images: Map<string>): string {
return images.get("main");
}
我已经实现了类似的东西,我发现它非常有用。
发布于 2017-07-11 00:23:46
正确的修复方法是在类型定义中添加属性,如@Nitzan Tomer的答案所述。如果这不是一个选择,那么:
(Hacky)解决方法1
您可以将对象赋给类型为any的常量,然后调用“non-existing”属性。
const newObj: any = oldObj;
return newObj.someProperty;
也可以将其强制转换为any
return (oldObj as any).someProperty;
但是,这并没有提供任何类型安全性,而这正是TypeScript的要点。
(Hacky)解决方法2
如果不能修改原始类型,您可以考虑的另一件事是扩展类型,如下所示:
interface NewType extends OldType {
someProperty: string;
}
现在,您可以将变量转换为此NewType
而不是any
。仍然不是很理想,但没有any
那么宽松,它提供了更多的类型安全性。
return (oldObj as NewType).someProperty;
发布于 2016-07-12 17:51:12
我不是打字专家,但我认为主要的问题是访问数据的方式。看到您是如何描述Images
接口的,您可以将任何键定义为字符串。
当访问一个属性时,“点”语法(images.main
)假设它已经存在。我在没有Typescript的情况下遇到了这样的问题,在"vanilla“Javascript中,我试图访问以下数据:
return json.property[0].index
其中index是一个变量。但它解释了index
,结果是:
cannot find property "index" of json.property[0]
我必须找到一个使用你的语法的变通方法:
return json.property[0][index]
这可能是你唯一的选择。但是,再说一次,我不是Typescript专家,如果有人知道发生了什么事情的更好的解决方案/解释,请随时纠正我。
https://stackoverflow.com/questions/38324949
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