定义一个区间 [l,r] 的权值为 f(A,l,r)\times f(B,l,r)\times f(C,l,r)。
回归的目的是得到一个能够尽量拟合训练集样本的模型 f ( x ) f(\mathbf{x}) f(x),通常用的方法是构建一个样本标签与模型预测值的损失函数,使损失函数最小化从而确定模型 f ( x ) f(\mathbf{x}) f(x)。
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最小二乘法本质上就是求一个事先定义一个函数,然后使用已知的采样点结果拟合函数的参数,使得所有采样点的均方误差最小。
Bash Shell 本身一些内置命令可以执行简单的整数运算,但复杂一些的运算(比如浮点数运算)需要通过一些外部命令来实现,Bash Shell 数学运算符只支持整数运算。
本文最后更新于 1163 天前,其中的信息可能已经有所发展或是发生改变。 #include<iostream> using namespace std; int main(){ char arr[55]; int i=0; cin>>arr; while(arr[i]!='\0'){ if(arr[i]=='A')arr[i]='B'; else if(arr[i]=='A')arr[i]='B'; else if(arr[i]=='B')arr[i]='C'; else if(a
后缀数组 在字符串处理当中,后缀树和后缀数组都是非常有力的工具。 其实后缀数组是后缀树的一个非常精巧的替代品,它比后缀树 不太逊色,并且,它比后缀树所占用的空间小很多。可以说, 在信息学竞赛中后缀数组比后缀树要更为实用。 不知道后缀数组是撒 百度 后缀数组(SA)是 “ 排第几的是谁? ” , 名次数组(RANK)是 “ 你排第几? ” 图解过程 📷 📷 📷 📷 📷 注释版 #include <stdio.h> #include <string.h> #define N 1001 in
给出两个整数 n 和 k,找出所有包含从 1 到 n 的数字,且恰好拥有 k 个逆序对的不同的数组的个数。
首先定义整型变量i,整型数组a, a的长度为10,即a中包含10个整型元素(整型变量)
Logistic回归是解决二分类问题的分类算法。假设有mmm个训练样本{(x(1),y(1)),(x(2),y(2)),⋯,(x(m),y(m))}{(x(1),y(1)),(x(2),y(2)),⋯,(x(m),y(m))}\left \{ \left ( \mathbf{x}^{(1)},y^{(1)} \right ),\left ( \mathbf{x}^{(2)},y^{(2)} \right ),\cdots ,\left ( \mathbf{x}^{(m)},y^{(m)} \right ) \right \},对于Logistic回归,其输入特征为:x(i)∈ℜn+1x(i)∈ℜn+1\mathbf{x}^{(i)}\in \Re ^{n+1},类标记为:y(i)∈{0,1}y(i)∈{0,1}y^{(i)}\in \left \{ 0,1 \right \},假设函数为Sigmoid函数:
该文介绍了计算最大子数组和的算法,该算法的时间复杂度为O(n),空间复杂度为O(n)。
Scala也为for循环这一常见的控制结构提供了非常多的特性,这些for循环的特性被称为for推导式或for表达式。 范围数据循环
这两天在看文献的时候,突然注意到文献中使用了Jensen不等式,然后猛地发现似乎太久不看这些东西,都已经忘得差不多了,是时候得好好复习一下这些东西了……
一条长为n的路,需要用路灯点亮,其中"."表示需要点亮的位置,"X"表示无需点亮的位置,假设灯立在i处,则它可以点亮i-1,i,i+1三个位置,问至少需要多少灯才能点亮整条路。 乍一看,肯定是动态规划: 上代码,敲了两个小时的动态规划: #include <iostream> #include <stdio.h> #include <string> #include <string.h> using namespace std; const int INF=10000000; char a[105];
只有一个需要注意的地方:给出的g和k不是右下角的坐标,右下角坐标应是(a+g,b+k)
假设$n = p_1^{a_1} p_2^{a_2} \dots p_k^{a_k}$
CDQ分治,顾名思义就是要进行分治,但是它可以解决比普通分治更多的问题。CDQ分治的整体思想,是:
概述 ---- 1.ThreadPoolExecutor 2.ForkJoinPool 3.ThreadPoolExecutor VS ForkJoinPool 第1节 ThreadPoolExecutor ---- ThreadPoolExecutor执行无返回值的任务。 public class ThreadTest { public static void main(String[] args) { /* 核心线程池的大小 */
效果图 📷 #include <stdio.h> #include <windows.h> int main() { int i,a ,b; b = 10;//延时时间 system("color 0c");//颜色 for (i = 1; i <= 3; i++)//空三行 { printf("\n"); } for (i = 1; i <= 41; i++)//位置 { printf
输入首先在第一行给出不超过 10 的正整数 N,随后 N 行,每行给出一句不超过 1000 个字符的、以回车结尾的用户的对话,对话为非空字符串,仅包括字母、数字、空格、可见的半角标点符号。
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考虑仅用1分、5分、10分、25分和50分这5种硬币支付某一个给定的金额。 例如需要支付11分钱, 有一个1分和一个10分、 一个1分和两个5分、 六个1分和一个5分、 十一个1分这4种方式。 请写一个程序, 1)计算一个给定的金额有几种支付方式。 2)使用硬币最少的数量 3)使用硬币最少的数量时的组合 注:假定支付0元有1种方式
在分类问题中,可以使用函数的正负号来进行模式判断,函数值本身的大小并不是很重要,0-1损失函数比较的是预测值 与真实值 的符号是否相同,0-1损失的具体形式如下:
一开始想的是直接设 表示i个点的无向联通图个数,枚举最后一个联通块转移,发现有一种情况转移不到。。。
因为2520%pre_lcm0,所以x%pre_lcm(x%2520)%pre_lcm
在刷OJ题时遇到了一个题,无论怎么优化,仍然超时, 最后把输出语句换成了append(); 如下:
首先是VC6.0的algorithm里没有min函数,而我用min做变量名导致CE4次,找了半天才找出来
动态规划,少说也做了,30 40道了但是感觉还是没有入门,接下来一星期将重新做动态规划,hdu入门的,uva入门的,外加poj的,把动态规划都重新学一下 01背包知识点 1.Robberies (hdu2955) (01背包变形) 第一次做的时候把概率当做背包(放大100000倍化为整数):在此范围内最多能抢多少钱 最脑残的是把总的概率以为是抢N家银行的概率之和… 实际上可以将其转化为安全的概率,则两个概率相乘,就是两次抢劫的安全概率了。 正确的方程是:f[j]=max(dp[j],dp[j-
题意 题目链接 Sol 这个就很没意思了 求个ln,然后系数除以2,然后exp回去。 #include<bits/stdc++.h> #define Pair pair<int, int> #define MP(x, y) make_pair(x, y) #define fi first #define se second #define LL long long #define ull unsigned long long #define Fin(x) {freopen(#x".in","r",st
考虑把B翻转过来,如果\(\sum_{k = 0}^M (B_{i - k} - A_k)^2 * B_{i-k}*A_k = 0\)
#include<stdio.h> int oula(int n)//欧拉函数 用于 求得 小于正整数 n 且与 n {int res=n; int i; for(i=2;i*i<=n;i++) { if(n%i==0)res=res/i*(i-1); while(n%i==0)n/=i; } if(n>1)res=res/n*(n-1); return res; } /*void xxoula() {int i,j; px[1]=1
给定一个数组 prices ,它的第 i 个元素 pricesi 表示一支给定股票第 i 天的价格。
2022 Update:**警示后人:不查自带函数的后果很严重! **额…发现可以把文字转码后+1/-1来实现
单调队列或堆。 入队的条件是当前的进入了滑窗范围。 出队的条件是当前不在滑窗范围。
题意 题目链接 Sol \(B(x) = \exp(K\ln(A(x)))\) 做完了。。。 复杂度\(O(n\log n)\) // luogu-judger-enable-o2 // luogu-judger-enable-o2 #include<bits/stdc++.h> #define Pair pair<int, int> #define MP(x, y) make_pair(x, y) #define fi first #define se second #define LL long lo
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void eular() { memset(vis,0,sizeof(vis)); vis[0]=vis[1]=1; for(i=2;i*i<=N;i++) { if(vis[i]==0) { for(j=i*i;j<=N;j+=i) vis[j]=1; } } //这段求出了N内的所有素数 for(i=1;i<=N;i++) phi[i]
首先理解后缀的概念,后缀(suffix)即从某个位置开始到末尾的一个子串。例如字符串 ,它的五个后缀为 、 、 、 、 。
题意 题目链接 Sol Orz shadowice 注意,下面的代码自带O(随时TLE)倍大常数。。 #include<bits/stdc++.h> #define Pair pair<int, int> #define MP(x, y) make_pair(x, y) #define fi first #define se second #define LL long long #define ull unsigned long long #define Fin(x) {freopen(#x".in
给定一个字符串 s,找到 s 中最长的回文子串。你可以假设 s 的最大长度为 1000。
一、01背包问题 01背包是在M件物品取出若干件放在空间为W的背包里,每件物品的体积为C1,C2,…,Cn,与之相对应的价值为W1,W2,…,Wn.求解将那些物品装入背包可使总价值最大。 动态
给出一段数字a 定义mex(l,r)表示a[l]…a[r]中最小的不连续的数字 求出全部mex(l,r)的和
一开始没考虑全面,认为每次直接贪掉所有数字里面最大的就行,但是如10230450删两个就变成了102300其实最小是删1和3变成200。
前言:由于计算机运算是有模运算,数据范围的表示有一定限制,如整型int(C++中int 与long相同)表达范围是(-2^31~2^31-1),unsigned long(无符号整数)是(0~2^32-1),都约为几十亿.如果采用实数型,则能保存最大的double只能提供15~16位的有效数字,即只能精确表达数百万亿的数.因此,在计算位数超过十几位的数时,不能采用现有类型,只能自己编程计算. 高精度计算通用方法:高精度计算时一般用一个数组来存储一个数,数组的一个元素对应于数的一位(当然,在以后的学习中为了加
给你一个长度为 n + 1 的数组 obstacles ,其中 obstacles[i] (取值范围从 0 到 3)表示在点 i 处的 obstacles[i] 跑道上有一个障碍。如果 obstacles[i] == 0 ,那么点 i 处没有障碍。任何一个点的三条跑道中 最多有一个 障碍。
原文连接:「分块」数列分块入门1 – 9 by hzwer - 分块 - hzwer.com
后者带入得到\(F = \frac{2}{4x}\),这玩意儿显然是无解的,因为多项式有逆元的充要条件是常数项在模意义下有逆元,然而这玩意儿的常数项是0.。
T0时刻进程P1提出需要(1、0、2)个资源的请求 T0时刻进程P4提出需要(3、3、0)个资源的请求 T0时刻进程P0提出需要(0、2、0)个资源的请求 定义全局变量:
#获取指定pool id的pg在osd上的分布情况 ceph pg dump pgs|grep ^0|awk '{print $1,$2,$15}' #获取所有pool在每个osd上的Pg统计分布结果 ceph pg dump | awk ' /^pg_stat/ { col=1; while($col!="up") {col++}; col++ } /^[0-9a-f]+\.[0-9a-f]+/ { match($0,/^[0-9a-f]+/); pool=substr($0, RSTART,
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