从guzzle响应中获取url不起作用
从guzzle响应中获取url不起作用
提问于 2018-06-23 03:02:04
下面的代码如下：
$url = json_decode($getClient->getBody()->getContents());
dd($url);显示：
{#302 ▼
+"output": {#304 ▼
+"url": "https://...▶"
}
}我想将url存储在一个变量中，但使用$urlLink = $url['url'];时，它显示了错误：
Cannot use object of type stdClass as array但$urlLink = $url->url;也显示了一个错误：
Undefined property: stdClass::$url你知道为什么吗？
回答 1
Stack Overflow用户
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发布于 2018-06-23 03:11:28
这是因为url位于output对象内部。
$response = $getClient->getBody()->getContents();
$url = null;
if(!empty($response)) {
$response = json_decode($response);
$url = !empty($response->output->url) ?: $response->output->url : '';
}
// Handle the redirection this way.
// If $url == null then that means no response from API.
// If $url == '' then the file hasn't been completely uploaded.这就是应该怎么做的。
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原文链接：
https://stackoverflow.com/questions/50994190
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