如何在单击时获取QMenu项的名称？
如何在单击时获取QMenu项的名称？
提问于 2018-09-27 05:08:01
我试图将QMenu中的一些操作连接到一个方法；还有一些不相关的操作。
import sys
from PyQt5.QtWidgets import *
class Window(QWidget):
def __init__(self):
super(Window, self).__init__()
layout = QGridLayout(self)
self.menu_bar = QMenuBar()
self.menu = QMenu('MENU', self)
self.menu_action = QAction('Option #1', self)
self.menu_action.setData('option1')
self.menu_action.triggered.connect(self.actionClicked)
self.menu.addAction(self.menu_action)
self.menu_bar.addMenu(self.menu)
layout.addWidget(self.menu_bar)
def actionClicked(self, action):
print(action)
try:
print(action.text())
except AttributeError as e:
print(e)
try:
print(action.data())
except AttributeError as e:
print(e)
if __name__ == '__main__':
app = QApplication(sys.argv)
window = Window()
window.setGeometry(600, 100, 300, 100)
window.show()
sys.exit(app.exec_())我想知道当方法被调用时，我如何判断哪个操作是被单击的。目前，我正在尝试使用self.menu_action.setData()为接收方法提供一个更简洁的名称，但这似乎不能正常工作。
回答 1
Stack Overflow用户
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发布于 2018-09-27 05:15:46
一种可能的解决方案是使用sender()方法，该方法返回发出信号的QObject，在本例中为QAction
import sys
from PyQt5 import QtCore, QtWidgets
class Window(QtWidgets.QWidget):
def __init__(self):
super(Window, self).__init__()
layout = QtWidgets.QGridLayout(self)
menubar = QtWidgets.QMenuBar()
filemenu = menubar.addMenu('MENU')
filemenu.addAction('Option #1', self.actionClicked)
filemenu.addAction('Option #2', self.actionClicked)
layout.addWidget(menubar)
@QtCore.pyqtSlot()
def actionClicked(self):
action = self.sender()
print('Action: ', action.text())
if __name__ == '__main__':
app = QtWidgets.QApplication(sys.argv)
window = Window()
window.setGeometry(600, 100, 300, 100)
window.show()
sys.exit(app.exec_())如果您要连接QMenu的所有QAction，则可以使用QMenu的triggered信号，这将发送按下的QAction。
import sys
from PyQt5 import QtCore, QtWidgets
class Window(QtWidgets.QWidget):
def __init__(self):
super(Window, self).__init__()
layout = QtWidgets.QGridLayout(self)
menubar = QtWidgets.QMenuBar()
filemenu = menubar.addMenu('MENU')
filemenu.triggered.connect(self.actionClicked)
filemenu.addAction('Option #1')
filemenu.addAction('Option #2')
layout.addWidget(menubar)
@QtCore.pyqtSlot(QtWidgets.QAction)
def actionClicked(self, action):
print('Action: ', action.text())
if __name__ == '__main__':
app = QtWidgets.QApplication(sys.argv)
window = Window()
window.setGeometry(600, 100, 300, 100)
window.show()
sys.exit(app.exec_())更新：
QAction triggered信号与QMenu triggered信号不同，在第一种情况下，它发送一个布尔值，指示QAction是否被检查(默认情况下，QAction是不可检查的，如果要激活它，必须使用setCheckable(True))，而在第二种情况下，它发送属于QMenu的按下的QAction。这就是为什么您总是得到False，如果您不想有这个问题，您必须使用我使用sender()的第一个方法。另一方面，在Qt中，你很少使用try-除非，实际上你永远不应该在Qt的世界中使用它，因为这有一个Qt不想要的额外成本，另一方面它隐藏了错误的原因，作为建议使用try-除非没有其他解决方案，在Qt的情况下，几乎总是有另一个选择。
import sys
from PyQt5.QtWidgets import *
class Window(QWidget):
def __init__(self):
super(Window, self).__init__()
layout = QGridLayout(self)
self.menu_bar = QMenuBar()
self.menu = QMenu('MENU', self)
self.menu_action = QAction('Option #1', self)
self.menu_action.setData('option1')
self.menu_action.triggered.connect(self.actionClicked)
self.menu.addAction(self.menu_action)
self.menu_bar.addMenu(self.menu)
layout.addWidget(self.menu_bar)
def actionClicked(self, checked):
action = self.sender()
print(action.text())
print(action.data())
if __name__ == '__main__':
app = QApplication(sys.argv)
window = Window()
window.setGeometry(600, 100, 300, 100)
window.show()
sys.exit(app.exec_())页面原文内容由Stack Overflow提供。腾讯云小微IT领域专用引擎提供翻译支持
原文链接：
https://stackoverflow.com/questions/52526040
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