我编写了一个快速的jsfiddle here,在其中我将一个小的JSON对象传递给一个新变量,并修改来自原始变量(而不是新变量)的数据,但新变量的数据也会更新。这一定意味着JSON对象是通过引用传递的,对吧?
下面是我的快速代码:
var json_original = {one:'one', two:'two'}
var json_new = json_original;
console.log(json_original); //one, two
console.log(json_new); //one, two
json_original.one = 'two';
json_original.two = 'one';
console.log(json_original); //two, one
console.log(json_new); //two, one
有没有一种方法可以制作JSON对象的深层副本,这样修改原始变量就不会修改新变量?
发布于 2013-08-21 21:44:51
你唯一的选择就是以某种方式克隆这个对象。
有关如何实现这一点,请参阅this stackoverflow question。
对于简单的JSON对象,最简单的方法是:
var newObject = JSON.parse(JSON.stringify(oldObject));
如果您使用jQuery,您可以使用:
// Shallow copy
var newObject = jQuery.extend({}, oldObject);
// Deep copy
var newObject = jQuery.extend(true, {}, oldObject);
更新2017:我应该提一下,因为这是一个流行的答案,现在有更好的方法来实现这一点,使用更新版本的javascript:
在ES6或TypeScript (2.1+)中:
var shallowCopy = { ...oldObject };
var shallowCopyWithExtraProp = { ...oldObject, extraProp: "abc" };
请注意,如果extraProp
也是oldObject上的一个属性,则不会使用它的值,因为稍后会在表达式中指定extraProp : "abc"
,这实际上会覆盖它。当然,oldObject不会被修改。
https://stackoverflow.com/questions/18359093
复制相似问题