我目前正在进行基于api的SitePoint锅炉板身份验证。到目前为止,我已经把所有的事情都做好了,但在这一点上我还是被困住了。
我的控制器看起来是这样的:
namespace App\Api\V1\Controllers;
use Illuminate\Http\Request;
use Dingo\Api\Routing\Helpers;
use Symfony\Component\HttpKernel\Exception\HttpException;
use JWTAuth;
use App\Http\Controllers\Controller;
use App\Order;
//
我有一个简单的类,它允许我写入任何日志文件:
use Monolog\Logger;
use Monolog\Handler\StreamHandler;
class Mylog
{
public function __construct($log, $level = 'debug')
{
$this->monolog = new Logger($log);
$level = constant('Logger::'.strtoupper($level));
$this->monolog->p
我试图让公司的员工在模型中使用has的许多方法。但我明白这个错误。
Fatal error: Class 'Employee' not found (View: /home/vagrant/Code/laravel/resources/views/frontpage.blade.php)
这是我的控制器:
namespace App\Http\Controllers;
use Illuminate\Http\Request;
use App\Http\Requests;
use App\Company;
use App\Employee;
public functi
我创造了一个叫“歌”的新班。
类app/ClassName的位置,所以它的app/ so s.php
<?php
namespace App;
use Illuminate\Database\Eloquent\Model as Eloquent;
class Song extends Eloquent {
//put your code here
}
我的路线:
Route::get('/','SongsController@index');
我的SongsController.php位置:app/Http/controller/Http sControl
我试图使用它的laravel模型类插入到表中,但我需要能够插入由变量指示的表中。这是如何做到的呢?我尝试了普通的PHP方法和laravel方法,但这两种方法都给了我错误:
$modelName = "model";
# this works no problem:
$model = new model();
# this blows up:
$model = new $modelName();
# this blows up:
$model::create($request->all());
由laravel造成的错误:
FatalThrowableError in
在下面的示例代码中:
public function user()
{
return $this->belongsTo(User::class);
}
public function sandwich()
{
return $this->belongsTo(Sandwich::class);
}
我想知道User::class的名称是什么,因为您还可以这样写上面的示例:
public function user()
{
return $this->belongsTo(\App\User);
}
public function sandwich()
我已经成功地升级了我的大部分Laravel 4应用程序到Laravel 5,但密码重置部分给我一个困难的时间。当我试图发送密码重置电子邮件时,我得到以下错误:
ErrorException在PasswordBrokerManager.php第137行中: call_user_func_array()期望参数1是一个有效的回调,类‘照明\Auth\密码\PasswordBroker’没有‘提醒’的方法
这是它不喜欢的代码:
/**
* Handle a POST request to remind a user of their password.
*
* @return Resp
在本教程之后,我一直试图用maven和maven的JavaFX项目创建一个jar。。
我可以创建jar文件,但是当我运行它时,它会给出错误:Error: Could not find or load main class com.example.pleasework.com.example.pleasework.Main_1
Caused by: java.lang.ClassNotFoundException: com.example.pleasework.com.example.pleasework.Main_1
我已经尝试过将java --module-path /path/to/jav
我正在工作,有幼虫-生活钢丝。在我的项目路线中是不工作的。
这里是路由列表..
<?php
use App\Http\Livewire\HomeComponent;
use App\Http\Livewire\ShopComponent;
use App\Http\Livewire\CartComponent;
use App\Http\Livewire\CheckoutComponent;
use Illuminate\Support\Facades\Route;
Route::get('/',HomeComponent::class);
Route::get(&
我正在构建一个业务目录,其中将有两个与用户角色相应的不同仪表板,可以是:Admin或Company。
为了解决这一问题,制定了以下程序:
1-创建一个新的中间件:
php artisan make:middleware Company
2-公司中间件的代码(管理和通信相同):
<?php
namespace App\Http\Middleware;
use Closure;
use Illuminate\Support\Facades\Auth;
class Company
{
/**
* Handle an incoming request.
*
我目前正在开发一个PHP特征,它将帮助我重用一些类控制器中的代码,这些类控制器使用Laravel框架。 我希望使特征方法尽可能动态,但当尝试访问父类导入的类时,我得到了一个Class not found exception。 我的类控制器如下: namespace App\Http\Controllers\Admin;
use App\Models\ {
Curso,
Leccion,
Diapositiva,
ImagenDiapositiva
};
use App\Traits\TestTrait;
class DiapositivasControl
下面是我的代码,它编译得很好,但是我在运行的时候得到了第二种情况的ClassNotFoundException,我的问题是为什么我在第二种情况下得到了错误:
案例1
命令java Var Var
输出false
案例2
命令java Var Object
输出ClassNotFoundException : Object
class Var
{
public static void main(String[] args) throws Exception
{
Thread t = new Thread();
System.out.println(
我的测试: class FloorStackTest extends TestCase
{
use RefreshDatabase, WithFaker, DatabaseMigrations;
protected $endPoint = '/endpoint';
public function test_unit_type_note_added_successfully()
{
$this->signIn();
$this->withoutExceptionHandling();
我已经开发了一个简单的应用程序,允许用户登录到地图API并在城镇中导航。我不知道为什么它不工作,因为这是错误, android.content.ActivityNotFoundException: Unable to find explicit activity class {com.example.vumaps/com.example.vu.MapActivity}; have you declared this activity in your AndroidManifest.xml? 然后在mainactivity中,我有了这个,没有任何错误。应用程序启动,允许我使用登录屏幕,
示例:
我有一个叫ProgA的类
package test;
public class ProgA
{
public static void main(String[] args)
{
ProgB pb = new ProgB();
pb.callMe();
}
}
现在我有了如下所示的ProgB:
package test2;
public class ProgB
{
public void callMe()
{
System.out.println("inside callme");
}
}
编译Pro
我有一个hibernate异常,这是日志和异常。我将附上代码和hbm地图。
12:39:45,077 INFO Environment:570 - Hibernate 3.5.6-Final
12:39:45,124 INFO Environment:588 - loaded properties from resourcehibernate.properties: {hibernate.bytecode.use_reflection_optimizer=false}
12:39:45,124 INFO Environment:781 - Bytecode provider name :
我想在我的LoginController中使用多重身份验证,我有以下代码(简化为简洁)
namespace App\Http\Controllers\Auth;
use App\Http\Controllers\Controller;
use App\Providers\RouteServiceProvider;
use Illuminate\Foundation\Auth\AuthenticatesUsers;
use Illuminate\Http\Request;
class LoginController extends Controller{
use Authenticates
我正在尝试让我的第一个基于Spring的MethodInterceptors工作,并且我的超级简单的 XML配置有一些奇怪的例外。
我有一个名为Food的类,它有一个名为eat(ConsumptionRate rate)的方法,它将一个ConsumptionRate类型的对象作为它的唯一参数;每次调用该特定方法(Food::eat(ConsumptionRate))时,我都希望一个MethodInterceptor执行“围绕它”:
public class FoodInterceptor implements MethodInterceptor
{
public Object invo
我有关于自定义命名空间的雄辩模型。我的意思是,例如,我的用户模型是在Admin\User中。每个用户都有与其相关联的成员或管理。这些后面的模型与用户模型在同一个名称空间上:Admin\Member和Admin\Admin。
我将这些关系定义如下
namespace Admin;
use Illuminate\Database\Eloquent\Model as Eloquent;
class User extends Eloquent
{
public function model()
{
return $this->morphTo();
}
}