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沙龙
1
回答
如何
从
类型
别名
引用
其他
类型
别名
中
提取
类型
参数
和
类型
参数
?
typescript
、
tsc
、
typescript-compiler-api
如何
使用变形编译器4.2+ (或ts- TypeScript 10+)
从
以下内容中
提取
: export type A = Record 导出
类型
别名
A 是对 并通过它 & 那就是 也是一个
类型
别名
。使用两个
类型
参数
, 获取每个对象的名称/约束/默认值。
浏览 19
提问于2021-02-27
得票数 2
回答已采纳
2
回答
const
引用
的
类型
是什么?
c++
、
templates
、
types
、
typedef
、
const-reference
我知道,将const
引用
变量传递给函数的const
引用
参数
并不会导致函数
参数
的
类型
为--“const
引用
--裁判
类型
的const
引用
”。const
引用
参数
的变量名仅被视为裁判员的另一个
别名
,但却以不能使用
别名
来修改裁判员的保护而美化。
引用
变量的名称被当作裁判员变量的
别名
使用的想法很好地应用于变量,给出了另一层间接。应用以下类似的想法似乎没有意义
浏览 3
提问于2013-12-12
得票数 2
回答已采纳
1
回答
Scala递归
类型
别名
错误
scala
、
types
我有几个函数,它们的唯一
参数
要求是它具有某种也可增长的集合(例如,它可以是队列、列表、PriorityQueue等),因此我尝试创建以下
类型
别名
: type Frontier = Growable[Node但是
类型
别名
返回错误“非法循环
引用
涉及
类型
Frontier”。有没有办法绕过非法的循环
引用
,使用
类型
别名
或类似的东西?但是,当函数定义看起来与
类型
别名
做的事情完全相同时,这似乎增
浏览 1
提问于2012-11-21
得票数 8
回答已采纳
1
回答
在泛型类
中
创建
类型
别名
scala
我需要一些方法来使用类的
类型
参数
定义类内的
类型
别名
。type MapType = Map[Key, Value]此示例无法工作,因为type MapType是
类型
成员,而不是
类型
别名
,因此它不会编译。是否有
其他
方法允许使用泛型类获得
类型
别名
? 通常,我需要一些方法来使用泛型类的
类型
来获得不同的
类
浏览 4
提问于2016-01-18
得票数 0
回答已采纳
1
回答
关于
类型
别名
的思考
scala
、
reflection
、
types
、
macros
如何
将TypeRef扩展到
别名
的
类型
别名
到
别名
的原始
类型
(
和
类型
参数
)?[Any]] ⇒ 如果我有一个
类型
Option[MyType]并键入
别名
type Mytype = List[Double],那么我需要:
浏览 3
提问于2013-06-04
得票数 1
回答已采纳
2
回答
为固定或任意大小的元组
和
元素
类型
声明
别名
类型
types
、
tuples
、
julia
、
alias
元组的不同视图的
别名
类型
固定大小与任意大小的固定
类型
的元素(例如Int64} )将元素的
类型
限定为
别名
类型
的
参数
julia> typeof((1,2,3,4))我可以为固定大小的固定
类型
元组定义
别名
类型
,如下所示: julia> const
浏览 7
提问于2022-05-05
得票数 1
回答已采纳
1
回答
带
类型
参数
的Scala
类型
别名
scala
、
generics
、
types
、
alias
让下面的
类型
别名
type MyInt = Container[Int]type MyInt2 = Container
浏览 3
提问于2014-08-13
得票数 11
回答已采纳
1
回答
给定一个n-arg
类型
的构造函数,有什么方法可以减少
参数
的数量?
haskell
例如,对于Either,有两个
参数
L
和
R。type EitherL L = Either L R -- for some fixed R 但是,有没有方法可以在不需要构造
类型
别名
的情况下实现内联?
浏览 13
提问于2019-11-16
得票数 0
回答已采纳
1
回答
TypeScript:回调函数
参数
的推断
类型
typescript
我将回调函数作为函数
参数
传递,我需要知道这个
参数
的
类型
。我不想手动定义
类型
,因为它太复杂了。VSCode可以推断
参数
类型
,但
如何
获得
类型
别名
?是否有像ReturnType
和
InstanceType这样的方法可以完成这项工作?
浏览 1
提问于2022-05-27
得票数 0
1
回答
Python的AST-函数
python
、
abstract-syntax-tree
,'host2'),(u‘alias 3’,'host3')]) 我知道
如何
获得字符串‘
别名
’,我知道
如何
获得列表。但我不知道
如何
检查字符串,然后得到列表: 这就是我
如何
得到字符串‘
浏览 3
提问于2015-11-25
得票数 4
回答已采纳
1
回答
类型
别名
和
模板
参数
推断
c++
、
templates
、
typedef
、
type-deduction
问题: 我注意到在使用
类型
别名
时,模板演绎过程
中
存在一些不一致之处。特别是,
类型
别名
可以用作模板模板
参数
,但不能作为模板
参数
进行推导。综上所述,在ApplyInt<Alias>
中
,模板
参数
被视为模板
参数
,而在Matched<Alias<int>>
中
则不是。我觉得这有点愚蠢,因为我认为
类型
别名
是
类型
上的函数,我想
浏览 2
提问于2018-03-18
得票数 5
回答已采纳
1
回答
条件
类型
别名
定义
c++
、
templates
、
c++14
、
template-meta-programming
、
sfinae
T::bar; // More of those...我希望定义foo、bar、baz
和
等效
类型
别名
的条件是,只有当等效
类型
存在于T
中
时。使用std::conditional的解决方案允许在不存在时将其替换为
其他
类型
,但当模板
类型
中
不存在对应的
类型
时,我不知道
如何
确保它根本不存在。模板
类型<
浏览 2
提问于2016-01-06
得票数 8
回答已采纳
1
回答
,为Route53
中
现有的Route53桶创建
别名
记录。
typescript
、
amazon-s3
、
amazon-route53
、
aws-cdk
我想知道
如何
获得现有的S3存储桶,并使用AWS创建指向它的
别名
记录?IBucket
参数
不能分配给'Bucket'
类型
的
参数
。fromBucketArn()、fromBucketAttributes()
和
fromBucketName()函数都返回IBucket
类型
,但BucketWebsiteTarget()函数需要Bucket
类型
。那么,
如何
从
使用AWS的现有
类型
中</e
浏览 0
提问于2019-08-29
得票数 5
回答已采纳
1
回答
如何
在struct方法
中
别名
self
类型
?
rust
如果我有一个小的结构Test在Test的方法
中
,我希望
引用
它的完整
类型
: fn new(a: T) -> Testintrinsics::type_id::<X>()); }这个具有预期and的找到了<,下面的结果也失败了: type X = Test;:
类型
参数
数错误:期望1,找到0 [E0
浏览 1
提问于2015-05-24
得票数 2
回答已采纳
1
回答
类型
交集
和
类型
别名
问题
typescript
、
typing
使用
类型
记录2.1.4时,我在使用交集
类型
(type1 & type2)
和
类型
别名
(type Something<T> = ...)时遇到了一些奇怪的编译问题。为了解释我试图实现的目标:我只想声明一个
类型
别名
,它表示一些已定义的对象值(在本例
中
是string
类型
的属性string)
和
自定义附加属性的交集,所有这些属性都是可选的。此
类型
使用
类型
记录预定义的Part
浏览 3
提问于2017-01-26
得票数 0
回答已采纳
1
回答
类型
名称后面的预期成员名称或构造函数调用
swift
、
enums
我正在尝试创建数组表单type
别名
,第二个
参数
需要
类型
为enum。symptomQuestions : [SymptomQuestion] = [] 使用“.self”
引用
类型
对象 为什么我需要在要构造的
类型</
浏览 2
提问于2017-06-22
得票数 0
回答已采纳
2
回答
Umbraco 7.1.8 -使用内容
类型
选择器
类型
作为宏
参数
asp.net-mvc
、
razor
、
umbraco
、
umbraco7
因此,我试图利用作为宏的
参数
。当将宏添加到页面时,我选择
别名
"myType“的内容
类型
。var type = Model.MacroParameters["myType"]; 它提供文档
类型
的ID。我可以使用ID检索文档
类型
的
别名
吗?
浏览 6
提问于2014-10-21
得票数 1
回答已采纳
1
回答
使用Java代码
中
的Scala
类型
别名
java
、
scala
、
scala-java-interop
、
type-alias
假设我在scala中将
类型
别名
定义为 type Bar = Option[String]在Java代码
中
,我似乎不能
引用
这样的
别名
(它只是抱怨找不到符号):class BarWrapper(value: Bar) 但也许我错过了别的方式?
浏览 6
提问于2012-12-02
得票数 9
回答已采纳
1
回答
在Intellij
中
禁用
类型
别名
的
类型
提示?
kotlin
、
intellij-idea
升级到Intellij 2021.2之后,我会得到
类型
别名
的
类型
提示,如下所示:我想隐藏/* = kotlin.String */,但我无法在首选项中找到我可以这样做的地方。我试图禁用"Inlay提示“
中
的所有
类型
提示(不只是下面屏幕截图中显示的”
参数
提示“),但没有任何区别:有人知道
如何
使用Intellij 2021.2禁用Kotlin
中
类型
别名
的
类型<
浏览 1
提问于2021-08-10
得票数 0
1
回答
泛型
类型
别名
,它们互不兼容。
c++
、
templates
、
c++17
、
generic-programming
、
type-alias
我试图构造某种
类型
的“泛型
类型
别名
”,这意味着我想将一个
类型
定义为int,但是使用泛型
类型
参数
,这使得它与
其他
类型
的实例不兼容。我试着用
别名
模板来做这件事:using NumberWithSemantics = int; 但问题是,所有实例化,无论
类型
是T,都被认为是相等的,例如:return processDifferentThing(a); /&
浏览 1
提问于2018-06-05
得票数 6
回答已采纳
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