我有这样的代码:
class Service {
public function get_session($token) {
foreach ($this->config->sessions as $session) {
if ($token == $session->token) {
$session->last_access = date('r');
return $session;
}
}
我正在php上运行应用程序..
在我更新了数据库的状态后,它没有在网页上反映正确的状态...它仍将显示第一个状态,即-FOUND-
mysql_query("UPDATE registration.user SET STATUS ='-LOST-' WHERE UserID = '$userid'");
有人协助吗?
对于登录页面,我从数据库获取:
$data = mysql_fetch_row($sql_query);
// store the data into session variables
我是个新手,我正在处理的两个文件是browse.php
<?php
include ("include/config.php");
if(isset($_GET['offset']))
$offset=$_GET['offset'];
else
$offset=0;
//**** Set limit record per page
$limit=10;
$num=0;
function dateDiff($dformat, $endDate, $beginDate)
{
return mysql_result(mysql_que
由于某些原因,我无法让我的JSON脚本处理if...else语句。它将100%地处理else语句,并跳过if部分,即使值匹配也是如此。但是,当被静态Html表单调用时,PHP脚本可以很好地处理。有什么想法吗?jQuery脚本如下:
$("#action_button").click(function() {
var username = $("#username").val();
var password = $("#password").val();
var dataString = '&username
在运行我的php代码时,会出现以下错误:
Warning: session_start() [function.session-start]: Cannot send session cookie - headers already sent by (output started at /home/chatvik/public_html/control.php:2) in /home/chatvik/public_html/control.php on line 5
Warning: session_start() [function.session-start]: Cann
嘿,下面是一个处理登录脚本的页面,我想知道我是否放了任何安全漏洞。我一直在阅读关于防止注入和其他攻击的文章,并希望确保我的代码是安全的。
它通过ajax提交,并根据登录是否正确返回JSON。
<?php
ob_start();
session_start();
include ("config.inc.php");
include ("jsonEncode.php");
// ausername and apassword sent from form
$ausername = '';
$apassword = '';
$
我有一些django应用程序正在杀死我的mysql服务器,有些查询正在运行,而不是超时和阻塞我的mysql服务器
只是在如何正确地解决这个问题上需要帮助--不确定django是这样设计的,还是我需要添加一个超时设置--我认为django默认应该这样做,但不确定,因为在没有超时的情况下这样做毫无意义。
以下是没有超时或关闭的查询
MySQL on localhost (5.7.19)
我已经编写了一个MySQL查询需要做什么的示例,我试图组合这两个查询,但没有成功。基本上,这样做就是选择所有$session还不是好友的用户。
我不知道我的表结构需要解释多少,正如您可以看到我需要使用下面的查询所做的那样,但基本上我的friends表只有一行对应于每个友情。(只有当state为1并且CASE语句是从友谊中获取friends ID所必需的时,友谊才是有效的,因为我的表中只有一行表示友谊。
$getUsers = mysql_query("SELECT id FROM users WHERE id!=$session");
$getFriends = mysql_q
我正在学习PHP,我正忙于这里的教程:我根据视频做了所有的事情,并检查了3次,但我的脚本不起作用……我想知道是否有人能帮我找出原因?我的代码看起来和视频里那家伙的代码一模一样。
该视频是关于创建一个论坛的登录功能。我的脚本发生的事情是....当我输入错误的user/pass组合时,它会执行预期的操作(显示它应该显示的消息)。但是,当我输入正确的用户/密码组合时...文件重定向到索引,就像它应该做的那样...但是它仍然会显示登录表单,并且不会显示"You are login in as _“消息。
我在索引页面上的登录表单:
if (!isset($_SESSION['uid
我正在学习做网站登录和创建创建。我面临的问题可能是我的脚本没有检查两个字符串是否大小写相同。例如,Foo和foO都返回true。
我当前的PHP脚本是:
//Create query
$qry="SELECT * FROM member WHERE username='$username' AND password='$password'";
$result=mysql_query($qry);
//Check whether the query was successful or not
if($result) {
if(mysql_
正如标题中所述,我遇到了一个SQL注入错误:
You have an error in your SQL syntax; check the manual that corresponds to your MySQL server version for the right syntax to use near '1' at line 1
我该怎么解决这个问题?下面是我的php代码和html代码。
PHP:
if($_POST['submit']=='Change')
{
$err = array();
if(!$_POST[
我搜索了关于重定向到不同网页的问题的各种解决方案-无论是在这个网站上还是在google.com上,但我可以弄清楚为什么在我的特定场景中总是出现错误-
错误是::“警告:无法修改标题信息-标题已由(在test_ecis_lib_pdo.php:3开始的输出)在第10行的login_submit3.php中发送”。
Login_submit3.php的代码如下:
<?php
//! include config file; includes session_start() and ecp php library
include 'config.php';
if(DBLogi