在调用Model::all()时,我希望为每个模型方法设置一个参数。
型号:
protected $appends = ['convertedImage'];
public function getconvertedImageAttribute(String $logo_base64) {
//actions here
}
查看:
<script>
var logo_base64 = '...logo_string_to_base_64...';
var allFrames = '{!! \App\Model::al
我有两个模型产品和照片。这些模型如下
照片模型
public function Product(){
return $this->belongsTo('App\Product');
}
产品模型
public function Photo(){
return $this->hasMany('App\Photo');
}
我要把所有的产品照片都拿出来。为此,我试过这个
$Photo = Products::Photo()->where(['catagory' =&g
我遇到了一个奇怪的问题--拉拉维尔·诺瓦( Laravel )无法坚持我的任何型号。尝试在新的Nova安装上保存用户并使用创建的默认用户资源仍然失败。(不过,更新用户条目是有效的)。
当我试图创建一个新用户时,返回的错误是:
No query results for model [App\User].
查看Laravel,负责此功能的文件是:vendor/laravel/nova/src/Http/Controllers/ResourceStoreController.php,如果我尝试手动保存一个新模型
dd((new User())->create(['name'
口才类的With、where、hasMany等方法不是静态的。
然而,我们称之为这样的功能:
// Post is a child of Model class.
Post::where(...); // we don't use New keyword.
那么,在调用所有模型实例之前,是否会启动它们呢?
我正在尝试启动一个应用程序,但它不是为了管理医院,它将是为医生和病人。其中将有多种类型的用户将能够登录,如医生,患者/监护人。
医生可以在多个地点拥有多个诊所,并且医生可以管理患者记录。一旦医生创建了患者帐户,那么患者就可以接受医生的预约或更新他的预约状态,接下来会有更多的东西。
问题是如何处理ERD。??
我要一份
User //User accounts used to login in to the system Doctor Patient Guardian Role Permission
这些是我目前创建的模型。但在我看来不太对劲..
我是否应该删除角色列,因为对于不同的预定义角色
我在laravel中使用了修饰关系,但我的问题是如何动态地传递relation_type (例如:当我想为组织pass组织模型命名空间或联系人传递联系人模型命名空间创建票证时)。
这是我的模型
类机票
public function relation(){
return $this->morphTo();
}
类组织
public function tickets(){
return $this->morphMany('Ticket','relation');
}
类接触
public function tickets(){
retu
我试图将两个使用Laravel 5创建的网站合并成一个多站点(是的,我在做出这个决定时没有那么有经验)。这两个网站分别是针对猫和狗的。
我的问题是,我有一个名为Item的模型,猫中的模型将东西存储在与Item模型不同的表中。
我在我的控制器里所做的:
protected $posts_class;
public function __construct()
{
$this->items_class = "App\\Models\\" . config('domain') . "\\Item";
}
public function
我有一个TimezoneTrait,它在User模型中使用。我还有一个UserRepositoryInterface,它通过服务提供者加载,并且在所有类中工作良好,所以绑定应该是很好的:
public function register()
{
$this->app->bind(UserRepositoryInterface::class, UserRepository::class);
}
public function provides()
{
return [
UserRepositoryInterface::class,
];
}
在Laravel中,如何调用模型类帮助器,然后将结果显示为视图。
我有个错误
非静态方法App\Models\UserTypeHasModule::getModuleList()不应静态调用
这是我的错误代码
use \App\Models\UserTypeHasModule;
class UserRoleHelper
{
public static function moduleList()
{
$generalSettings = UserTypeHasModule::getModuleList(1);
return $gener
Model Validation Extension code failed 大家好 我想创建一个静态的基本方法,而不是为每个模型单独编写一个验证方法,但这并没有实现。 有什么办法吗?或者有必要尝试另一种方法? 控制器 [HttpPost]
public IActionResult SaveMember(MemberPostModel postedMember)
{
if (postedMember.Validate()) return null;
// other code ...
} 模型 public class Memb
我在我的模型代码中使用了一个关系
class User extends Authenticatable
{
// ...
public function extensions()
{
return $this->belongsToMany(Extension::class, 'v_extension_users', 'user_uuid', 'extension_uuid');
}
// ...
}
扩展隐藏了字段密码。
class Extension extends Model
{
首先,请温柔,我是一个初学者,我只是编码的练习。
我试图将一个实例传递给模型,但是我总是得到这个错误。
Argument 1 passed to Store::__construct() must be an instance of Illuminate\Filesystem\Filesystem, none given
我的模型
<?php
use Illuminate\Filesystem\Filesystem as File;
class Store extends Eloquent
{
public $timestamps = false;
public f
我不知道这是什么错误。请谁给我解释一下
在我的UserController.php
class UserController extends Controller {
public function viewCard($card_id) {
return Tag::test($card_id);
}
}
在我的模型Tag.php上
class Tag extends Model {
public function test($card_id){
return DB::SELECT(DB::RAW("SELECT name FROM
我在我的模型中完成了建立关系,但是我不知道通过数据关系来查看,希望你能帮我。
Siswa模型
public function Absen()
{
return $this->hasMany(Absen::class);
}
Absen模型
public function Siswa()
{
$this->belongsTo(Siswa::class);
}
Absen表
Siswa表
AbsenController@索引
public function index()
{
$absen = Absen::whe
我正在检索用户信息:
/**
* User info
* Retrieve the user info based on the Access Token
*
* @param Request $request
*/
public function user(Request $request)
{
return $this->successResponse(request()->user(), 200);
}
我想在模型中添加一个属性,这个属性不在db中,而is属性只是一个附加值。我该怎么做?
我尝试在用户模型中添加公共变量“gravatar”,但它们没有被撤回
我正在为我的NodeJS项目设计一个自定义模型结构。我已经创建了一个名为 model 的基类,它由其他模型类继承。基模型类将具有一组需要由方法访问的属性。属性将被子类覆盖,如下面的示例所示(通过用户模型)。
有一个table属性,我需要从静态方法和非静态方法访问该属性:
table**.**:基模型类具有非静态属性
class Model {
protected table = '';
public static find(id: number) {
// I want to have table name in here but cant.
}
p
我有一个视图模型,我想访问另一个不是视图模型的类中的所有属性值。那么,如何将整个视图模型作为参数传递给另一个类方法,或者有其他方法可以做到这一点吗?我想要实现下面这样的东西
Public Class ViewModel
{
var res = XYZClass.ExecuteAsync(ViewModel);
}
Public Static Class XYZClass{
public Static Task ExecuteAsync(ViewModel request)
{
throw new NotImplementedExcept
试图了解脂肪模型,瘦身控制器原理的Laravel开发的一个非常基本的例子。
第一个示例我想检索所有的帖子。在PostController中,我可以写:
public function index() {
$posts = Post::orderBy('updated_at', 'desc')->get();
return view('home', compact('posts') );
}
把所有的帖子都找出来。
第二个示例:在Post模型中:
public function readAllPosts()
我有一个保存公共最终静态变量的模型,我想用它来实例化来自另一个类(一个Spring @service类)的私有最终静态变量。 public class MyClass {
public static final String MY_CLASS_MSG = "My Class";
}
@Service
public class MyService {
private static final String MY_SERVICE_MSG = "My Service" + MyClass.MY_CLASS_MSG;
} 我能保证MY_SERVICE_MSG