任何人都知道下面的代码有什么问题,以及为什么我得到以下错误: Error in query:您的SQL语法有一个错误;请查看与您的MySQL服务器版本对应的手册,了解正确的语法,以便在第1行使用接近“更新”的值(‘’)。
php代码是
<?php
mysql_connect("localhost" , "" , "") or die (mysql_error());
mysql_select_db("") or die(mysql_error());
我已经在requirements.yaml中添加了mysql。Helm dependency下载mysql图表 helm dependency update
Hang tight while we grab the latest from your chart repositories...
...Successfully got an update from the "nginx" chart repository
...Successfully got an update from the "stable" chart repository
Update
我使用的是MySQL Server5.5,其中包含MySQL Workbench 5.2CE。我使用的是MySQL工作台5.2。我在DB中有一个名为user的表。我在MySQL工作台上在SQL上执行了以下命令:
UPDATE user SET email = 'abc@yahoo.com' WHERE email='ripon.wasim@yahoo.com';
但不幸的是,我得到了以下错误:
Error Code: 1175. You are using safe update mode and you tried to update a table with
被卡住了,需要一些帮助,这应该是相对简单的,但这已经是我的祸根几个星期了,我几乎要放弃了!问题是我正在构建的社交网络的用户注册表,当用户在数据库中输入他们的地址时,我想做的就是用+替换空格。我有一个名为activation.php的页面,当用户激活这个电子邮件地址时,它会被调用到行动中,我在页面上有这个代码块……
$sql = mysql_query("UPDATE myMembers SET email_activated='1' WHERE id='$id' AND password='$hashpass'");
当执行时,触发器抛出下面的错误。请帮帮忙
DELIMITER |
CREATE TRIGGER `Problem_created` AFTER UPDATE ON `WorkOrder_Fields` FOR EACH ROW
BEGIN
DECLARE problem_time_stamp int;
IF NEW.UDF_CHAR37 ='Problem' AND OLD.UDF_CHAR37='Incident'
THEN
SET problem_time_stamp = (SELECT UNIX_TIM
我已经创建了一个表单来更新我网站上的横幅信息。一切似乎都在更新,除了输入到"textarea“(称为"desc”)中的输入。代码看起来是对的,它快把我逼疯了。
提前谢谢。
<html>
<body>
<form action="aupdate.php" method="POST" enctype="multipart/form-data">
Your or your company's name:<br>
<input type="tex
<?php
mysql_connect("localhost", "root", "") or die(mysql_error());
mysql_select_db("dentalclinic") or die(mysql_error());
if (isset($_POST['update'])){
$UpdateQuery = "UPDATE appointment SET appointmentstatusid='$_POST[appointments
我喜欢写一个csv导入/更新到我的Mysql数据库,但它不工作。我没有收到错误消息。
有没有人可以帮我找出错误或者我的脚本有什么问题。
// set local variables
$connect = mysql_connect("localhost","root","") or die('Could not connect: ' . mysql_error());
$handle = fopen("imptest.csv", "r");
// connect to mysql and s
我尝试使用码头的拉拉项目,我使用Ubuntu作为一个基本的形象和拉拉去学究,但在码头-组成后,只有mysql和adminer容器正在运行。我的Dockerfile和docker-compose.yml文件如下
我的Dockerfile
FROM ubuntu:16.04
Run apt-get update
RUN apt-get update \
&& apt-get install -y --no-install-recommends software-properties-common
RUN apt-get update
RUN apt-get install -y
我正在使用Sphinx RT索引和MySQL DB,我现在遇到的问题是我需要数据保持一致,并且在它们上使用常规插入不是正确的方法,因为我可能会得到错误的索引数据或错误的数据库数据。
假设您在MySQL DB中有以下表
id, text
1, test is test
在RT索引中也有同样的结果
id, text
这里可能发生的典型竞争情况是两个用户同时更新内容。
因此,如果用户A使用以下文本进行更新
feeling good
用户B使用以下文本进行更新
nice whether
可能发生的许多事情之一是
Update RT index with user A text
Update DB
仅当table1中的更新成功时,我如何才能在以下代码中更新table2?
$sql="update table1 set col1='abc' where col2='1'";
$result=mysql_query($sql);
if(that is success)
{
$sql="update table2 set col1='cde' where col2='1'";
$result=mysql_query($sql);
}
我使用下面的代码,当user_id没有被设置为唯一时,它用相同的user_id输入了两次相同的数据。所以我将它设置为unique,现在只是得到错误,查询失败。非常感谢所有的帮助:(
if (empty($err)) {
$thesis_Name = mysql_real_escape_string($_POST['thesis_Name']);
$abstract = mysql_real_escape_string($_POST['abstract']);
// insert into the dat
我正在尝试确定使用访问特定模式的用户是何时更新的表。
作为根用户,当我运行SELECT * FROM mysql.innodb_table_stats WHERE table_name = 'table';时,我在列UPDATE_TIME中得到一个日期时间
作为一个用户,当我为同一个表模式运行SELECT UPDATE_TIME, TABLE_SCHEMA, TABLE_NAME FROM information_schema.tables where TABLE_SCHEMA = 'database' ORDER BY UPDATE_TIME DESC, TA
我正在做一个学校项目,你需要能够更新mysql数据库中的行。我已经让它正常工作了,但是当单击update时,它会更新所有行,而不是只更新一行。这是我尝试使用的代码:
mysql_query("UPDATE posts
SET post_header='$tittel', post_author='$author', post_content='$content'
WHERE idpost_posts='$proitem'") or die (mysql_error());
谢谢