下面的PHP代码限制了2级或更高级别的用户能够看到这个特定的网页。
但是我只想限制这个网页的2级和7级的用户,因为我也有1级、3级和4级的用户(级别7是admin)。
我不希望有1,3或4的用户能够登录到这个网页。我已经尝试过使用"==2连体\\ == 7“,但是我无法让它正确地工作。
如何编写PHP代码使其正常工作?
<!-- User with account type 2 or higher -->
<!-- But want user with account type 2 and 7 only
在PHP中,我构建了一个使用include()加载网站部分内容的网页。然而,我现在遇到了一个类似的问题:当我使用url类:data-openov-storingen.php?type=actueel时,它会给出以下错误:
Warning: include(data-storingen.php?type=actueel): failed to open stream: No such file or directory in blablabla
include() url?中甚至可以传递获取变量吗?
我创建了这个脚本来从单个网页获取图像的源代码,现在,我想使用curl将所有这些图像下载到我的服务器上。
<?php
// Create DOM from URL or file
require_once 'library/simple_html_dom.php';
$html = file_get_html('http://adamkhoury.com/');
// Find all images
foreach($html->find('img') as $element) //every image found is dec
嗨,谁能帮我从网页的内容中选择一个特定的div。
假设我想从网页id="wrapper_content"获得div,http://www.test.com/page3.php。
我当前的代码如下所示:(不起作用)
//REG EXP.
$s_searchFor = '@^/.dont know what to put here..@ui';
//CURL
$ch = curl_init();
$timeout = 5; // set to zero for no timeout
curl_setopt ($ch, CURLOPT_URL, 'h
我可以使用php.But中的库在代码的帮助下调整大小我不能显示调整大小的图像网页的url。我首先调整图像的大小,然后我想显示调整大小的图像的url。我可以显示图像,但不能显示已调整大小的image.Please的url请告诉我如何通过查看以下代码显示修改后的图像的url
<?php
// File and new size
$filename = 'test.jpg';
$percent = 0.5;
// Content type
header('Content-Type: image/jpeg');
// Get new sizes
list($w
有点问题。脚本A调用/包括脚本B。脚本B必须执行系统调用并返回到脚本A。当我单独调用脚本B时,它工作得很好,我无法让它在A上运行,我已经尝试过了。
包括在A上
用A中的另一个系统调用来调用它
创建一个调用B的bash脚本,然后用A调用bash脚本(I、N、C、E、P、T、O、N)
我在这里有什么选择?
编辑代码:
<?php
//B.php
//works fine when called on its own
function readsite ($url)
{
$output=system("curl -ks $url");
我有一个网站,应该是从一个网页表格接收数据。我无法访问网页的代码。
我可以输入链接,其中的数据应该被发送到web表单,它发送给我的数据以字符串的形式,我的网页。我应该收到它并把它存储在数据库里。
我用一个空的公共web方法创建了一个web服务,在那里我可以接收数据。我试着在我的网页上实现了几个可以访问数据的函数,但我似乎无法得到它。我尝试过HTTPListeners和HTTPWebRequests,但我不确定我是否正确地使用了它。
web服务中的代码
public class WebService : System.Web.Services.WebService
{
public We
Facebook和Google+都有一个很棒的功能:图像预览。当你在网页的URL中输入图片时,你可以在它们之间进行选择--这是通过代理脚本完成的。
我的问题是--有没有一种方法可以重现同样的行为,同时防止用户插入指向大文件的链接,而这些大文件应该是HTML文件?代理脚本可能如下所示
<?php
$contents = file_get_contents($_GET['url']); //problem is on this line - When $_GET['url'] is url to 5GB file, it will try to downloa
我需要检查我的网站外的网页是否有一个特定的词。我尝试过file_get_contents(),但是它没有返回任何东西。有什么办法可以用PHP来完成吗?
编辑:下面是我尝试过的内容:
$query = 'example';
$file = "https:// www.site.com/search?q=$query";
// tested url and it works, had to add space to post it
$contents = file_get_contents($file);
echo $contents;
我原以为它只是输出整个页面,
我试图显示来自同一个mysql数据库中不同成员的同一组变量的值,使用PHP在一个公共网页中。例如,一个网页将显示不同成员的以下数据,每个成员具有不同的ID:
id //unique identifier
city
state
price
description
只需在URL中使用GET变量,我就可以显示一个成员数据的这些值。但我需要显示来自这些变量的多个成员的数据,每个成员都有不同的ID。