LeetCode笔记 | 链表（ing）

@1：反转一个单链表： https://leetcode-cn.com/problems/reverse-linked-list/

题目描述： 反转一个单链表。

示例:

输入: 1->2->3->4->5->NULL
输出: 5->4->3->2->1->NULL

#解法参考1# #解法参考2#

解法1：迭代法（ 记录 》反转 》后移 》后移 ）

记录now.next，反转now.next， 后移prev，后移now；

• now 代表当前节点；
• 原前驱、原后继、原方向的“原”，指“反转前”；
• 线性记录特性 　“精兵未动，粮草先行” ： 如下思路的1、 3两步， 都是为了2、 4两步执行之后，有用信息不丢失； . 想要改变now的后继，先用next将now原后继记录下来； 想要改变now，先用prev记录下来；

执行草图：

代码：

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * public class ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode next;
 *     ListNode(int x) { val = x; }
 * }
 */
class Solution {
    public ListNode reverseList(ListNode head) {
    ListNode prev = null;
    ListNode now = head;
    while (now != null) {
      ListNode next = now.next;    //next 指向now.next
      now.next = prev;      //now.next 指向prev
      prev = now;
      now = next;
    }

    return prev;
    }
}

解法思路如下：

• 首先，ListNode head把源节点的头结点传进来；
• 循环中四行代码，每一行的右边都是下一行的左边， 即改动前先存储（谋定而后动，重要思想！！！！）， 环环相扣，安全可靠；

1. 记录now原后继now.next（因为下一步now.next就要改指向实现反转了）： 先将　当前节点now反转前的下一个节点now.next　纪录下来，即ListNode next = now.next; 记录下来的原因是最后第四行要用， 让本轮的now结点能往后移动；
2. now后继指向原前驱（核心：方向反转）： 然后让当前节点反转前的下一个节点的 “指针”now.next置为反转前的上一节点prev，即now.next = prev;
3. 原前驱后移（基于原方向）： 再将当前节点纪录下来,即原前驱后移，prev = now;
4. now后移： 再让反转前当前节点的下一节点next变为当前节点now;即now = next; now != null即next不为空，表示链表还有节点未处理， 最后now == null，即链表已尽， 此时，next = now = 表尾往后一个“节点”（null）， prev指向反转前最后一个节点， 也即反转后第一个节点; 跳出while循环， 所以最后return prev;

运行效果：

解法2：递归

思路如下： 0.利用递归首先找到单链表的最后一个节点； 最后一个节点存储在re里面， re在找到最后一个节点时被赋值且其永远为最后一个节点的值,保持不变； 从找到最后一个节点开始， 从最后往前的方向，每一层递归反转一对节点 / 一个指向;

1. if 判断，判断是否是空链表（head == null ||）或者是否是链表的最后一个节点（递归终止条件）；
2. 配置好next；next = head.next；
3. 剪短原方向：head.next = null;
4. 把next丢进递归； 找到最后一个节点的时候会return回来；
5. 反转一对节点 / 一个方向：next.next = head; 6.返回

核心同样是四行代码，（可以结合运行草图理解） 前两行不断剪除原来的指向 ListNode next = head.next;　　//next 指向head.next head.next = null;　　//剪除原来的指向 ListNode re = reverseList(next);　　//递归找到末节点，记录下来付给re next.next = head;　　//反转指向

代码：

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * public class ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode next;
 *     ListNode(int x) { val = x; }
 * }
 */
class Solution {
    public ListNode reverseList(ListNode head) {
    if(head == null || head.next==null)return head;
    ListNode next = head.next;
    head.next = null;
    ListNode re = reverseList(next);
    next.next = head;
    return re;
    }
}

运行草图：

Leetcode提交结果：

注意： 要if判断中要加上head == null ||，防止输出空链表的情况； 否则会报空指针的错：java.lang.NullPointerException

@2：两两交换链表中的节点：https://leetcode-cn.com/problems/swap-nodes-in-pairs/

@3：判断链表是否有环：https://leetcode-cn.com/problems/linked-list-cycle/

1.哈希表 while(head != null)判断是否为表尾； nodes.add(head);如果新节点没有包含，吃进去，一直吃； 终焉两种情况， 2.1. 无环，直到head == null还没重复，false 2.2. 有环，if(nodes.contains(head))直到加到重复的，true

/**
 * Definition for singly-linked list.
 * class ListNode {
 *     int val;
 *     ListNode next;
 *     ListNode(int x) {
 *         val = x;
 *         next = null;
 *     }
 * }
 */
public class Solution {
    public boolean hasCycle(ListNode head) {
        Set<ListNode> nodes = new HashSet<>();
        while(head != null){
            if(nodes.contains(head))
                return true;
            else 
                nodes.add(head);

            head = head.next;
        }
        return false;
    }
}

复杂度分析

时间复杂度：O(n)O(n)，对于含有 nn 个元素的链表，我们访问每个元素最多一次。添加一个结点到哈希表中只需要花费 O(1)O(1) 的时间。

空间复杂度：O(n)O(n)，空间取决于添加到哈希表中的元素数目，最多可以添加 nn 个元素。

2.双指针：

public boolean hasCycle(ListNode head) {
    if (head == null || head.next == null) {
        return false;
    }
    ListNode slow = head;
    ListNode fast = head.next;
    while (slow != fast) {
        if (fast == null || fast.next == null) {
            return false;
        }
        slow = slow.next;
        fast = fast.next.next;
    }
    return true;
}

1. 空链表 head == null ， 一节点链表 head.next == null ， 无环 if (head == null || head.next == null) { return false; }
2. 初始化，快前慢后 ListNode slow = head; ListNode fast = head.next;
3. 没有追上，就一直跑 while (slow != fast) ... slow = slow.next; fast = fast.next.next;

终焉两种情况： 3.1. 有环，迟早追上 slow == fast 跳出循环，true；

3.2. 无环，快针迟早到链尾，flase if (fast == null || fast.next == null) { return false; }

• fast == null 跑过头了到尾结点的next；
• fast.next == null 刚刚好跑到尾结点

复杂度分析

时间复杂度：O(n)O(n)，让我们将 nn 设为链表中结点的总数。为了分析时间复杂度，我们分别考虑下面两种情况。

链表中不存在环： 快指针将会首先到达尾部，其时间取决于列表的长度，也就是 O(n)O(n)。

链表中存在环： 我们将慢指针的移动过程划分为两个阶段：非环部分与环形部分：

慢指针在走完非环部分阶段后将进入环形部分：此时，快指针已经进入环中 \text{迭代次数} = \text{非环部分长度} = N迭代次数=非环部分长度=N

两个指针都在环形区域中：考虑两个在环形赛道上的运动员 - 快跑者每次移动两步而慢跑者每次只移动一步。其速度的差值为 1，因此需要经过 \dfrac{\text{二者之间距离}}{\text{速度差值}} 速度差值 二者之间距离 ​ 次循环后，快跑者可以追上慢跑者。这个距离几乎就是 "\text{环形部分长度 K}环形部分长度 K" 且速度差值为 1，我们得出这样的结论 \text{迭代次数} = \text{近似于}迭代次数=近似于 "\text{环形部分长度 K}环形部分长度 K".

因此，在最糟糕的情形下，时间复杂度为 O(N+K)O(N+K)，也就是 O(n)O(n)。

空间复杂度：O(1)O(1)，我们只使用了慢指针和快指针两个结点，所以空间复杂度为 O(1)O(1)。

@4：环形链表：https://leetcode-cn.com/problems/linked-list-cycle-ii/

@5：每 k 个节点一组翻转链表：https://leetcode-cn.com/problems/reverse-nodes-in-k-group/